bzoj2287【POJ Challenge】消失之物(dp+補集轉化,好題)
阿新 • • 發佈:2017-06-24
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2287: 【POJ Challenge】消失之物
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Description
ftiasch 有 N 個物品, 體積分別是 W1, W2, ..., WN。 由於她的疏忽, 第 i 個物品丟失了。 “要使用剩下的 N - 1 物品裝滿容積為 x 的背包,有幾種方法呢?” -- 這是經典的問題了。她把答案記為 Count(i, x) ,想要得到所有1 <= i <= N, 1 <= x <= M的 Count(i, x) 表格。
Input
第1行:兩個整數 N (1 ≤ N ≤ 2 × 103) 和 M (1 ≤ M ≤ 2 × 103),物品的數量和最大的容積。
第2行: N 個整數 W1, W2, ..., WN, 物品的體積。
Output
一個 N × M 的矩陣, Count(i, x)的末位數字。
Sample Input
3 21 1 2
Sample Output
1111
21
HINT
如果物品3丟失的話,只有一種方法裝滿容量是2的背包,即選擇物品1和物品2。
/* 設f[x]表示恰好裝滿x體積時的方案數(沒有限制),可以用01背包算法求出。這是總方案數。 然後考慮不選某物品的情況。 設g[x]為不選當前物品恰好裝滿x體積時的方案數。 當x小於w[i]時,i物品一定不會被選上 g[i]=f[i] 當x大於等於w[i]時,i物品可能會被選上,直接求不選的情況比較困難。 可以換個思路,用總方案數-選的方案數得到不選的方案數。 總方案數及f[x],不選的方案數可以想為先不選i再最後把i選上,即g[x-w[i]]。 所以g[x]=f[x]-g[x-w[i]]。 最後輸出g即可。 */ #include<iostream> #include<cstdio> #include<cstring> #define N 2017 using namespace std; int w[N],f[N],g[N]; int n,m; int main() { scanf("%d%d",&n,&m);f[0]=1; for(int i=1;i<=n;i++) { scanf("%d",&w[i]); for(int j=m;j>=w[i];j--) f[j]=(f[j]+f[j-w[i]])%10; } for(int i=1;i<=n;i++) { for(int j=0;j<w[i];j++) g[j]=f[j]; for(int j=w[i];j<=m;j++) g[j]=(f[j]-g[j-w[i]]+10)%10; for(int j=1;j<=m;j++) printf("%d",g[j]); printf("\n"); } return 0; }
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