30. 串聯所有單詞的子串
題目
Description
給定一正整數序列,例如:4,1,2,3,在不改變數的位置的條件下把它們相加,並且用括號來標記每一次加法所
得到的和。例如:((4+1)+ (2+3))=((5)+(5))=10。除去原數不4,1,2,3之外,其餘都為中間結果
,如5,5,10,將中間結果相加,得到:5+5+10=20,那麼數20稱為此數列的一個代價,若得到另一種演算法:(4+
((1+2)+3))=(4+((3)+3))=(4+(6))=10,數列的另一個代價為:3+6+10=19。若給出N個數,可加N-
1對括號,求出此數列的最小代價。
注:結果範圍不超出longint.
Input
第一行為數N(1≤N≤200)
Output
輸出僅一行,即為最少代價值。
Sample Input
4 4 1 2 3
Sample Output
19
思路
首先這是一道經典的dp題;
那麼d[i][j]表示i-j的最小代價,sum[i][j]是i-j每個石頭的代價;
答案就是dp[1][n]了;
那麼每一次合併i-j就需要加上i-j的權值代價;
dp[1][3]=min(dp[1][1]+dp[2][3]+sum[1][3],dp[1][2]+dp[3][3]+sum[1][3]);
所以我們需要列舉斷開的位置k,i-j的合併就是i-k的合併加上k+1-j的合併再加上代價;
所以轉移方程就是:
dp[i][j]=min(dp[i][j],dp[i][k]+dp[k+1][j]+sum[j]-sum[i-1]);
sum是字首和;
然後列舉len長度,i起點,k斷開的位置;
為什麼不是先列舉i起點,在列舉j終點呢?
for(ll i=1;i<=n;i++)
for(ll j=i+1;j<=n;j++)
for(ll k=i;k<j;k++)
假如求出dp[1][2],然後列舉到dp[1][3]=dp[1][1]+dp[2][3] ;
然鵝dp[2][3]還未求出,所以我們需要列舉區間長度;
從區間長度小列舉到區間長度大,這樣算長度大的區間時,訪問小區間,小區間就有答案;
所以要列舉len長度,i起點,k斷開的位置;
程式碼
#include<bits/stdc++.h> typedef long long ll; using namespace std; inline ll read() { ll a=0,f=1; char c=getchar(); while (c<'0'||c>'9') {if (c=='-') f=-1; c=getchar();} while (c>='0'&&c<='9') {a=a*10+c-'0'; c=getchar();} return a*f; } ll n; ll dp[2001][2001],a[2001],s[2001]; int main() { n=read(); for(ll i=1;i<=n;i++) a[i]=read(); for(ll i=1;i<=n;i++)//計算字首 s[i]=s[i-1]+a[i]; for(ll len=2;len<=n;len++)//列舉區間長度,len=1沒什麼意義額 for(ll i=1;i<=n-len+1;i++) { ll j=i+len-1; dp[i][j]=1<<30;//因為答案是求最小值,但是陣列一開始都為0,答案也會為0,所以我們需要統計時改為最大值 for(ll k=i;k<j;k++) dp[i][j]=min(dp[i][k]+dp[k+1][j]+s[j]-s[i-1],dp[i][j]);//轉移方程 } // for(ll i=1;i<=n;i++) // for(ll j=i+1;j<=n;j++) // { // dp[i][j]=1<<30; // for(ll k=i;k<j;k++)//假如求出dp[1][2],然後列舉到dp[1][3]=dp[1][1]+dp[2][3] // { //dp[2][3]還未求出,所以我們需要列舉區間長度 // dp[i][j]=min(dp[i][k]+dp[k+1][j],dp[i][j])+s[j]-s[i-1]; // cout<<dp[i][j]<<endl; // } // } //不要在意上面隱了的程式碼 printf("%lld\n",dp[1][n]); }
寫的不好,多多諒解