5.13考試
阿新 • • 發佈:2017-05-13
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5.13五一清北基礎班試題 1、洛谷P1149 火柴棒等式(時空限制1s / 128MB) 題目描述 給你n根火柴棍,你可以拼出多少個形如“A+B=C”的等式?等式中的A、B、C是用火柴棍拼出的整數(若該數非零,則最高位不能是0)。用火柴棍拼數字0-9的拼法如圖所示: 註意: 1.加號與等號各自需要兩根火柴棍 2.如果A≠B,則A+B=C與B+A=C視為不同的等式(A、B、C>=0) 3.n根火柴棍必須全部用上 輸入輸出格式 輸入格式: 輸入文件matches.in共一行,又一個整數n(n題目<=24)。 輸出格式: 輸出文件matches.out共一行,表示能拼成的不同等式的數目。 輸入輸出樣例 輸入樣例#1: 樣例輸入1: 14 樣例輸入2: 18 輸出樣例#1: 樣例輸出1: 2 樣例輸出2: 9 說明 【輸入輸出樣例1解釋】 2個等式為0+1=1和1+0=1。 【輸入輸出樣例2解釋】 9個等式為: 0+4=4 0+11=11 1+10=11 2+2=4 2+7=9 4+0=4 7+2=9 10+1=11 11+0=112、洛谷P1113 雜務 題目描述 John的農場在給奶牛擠奶前有很多雜務要完成,每一項雜務都需要一定的時間來完成它。比如:他們要將奶牛集合起來,將他們趕進牛棚,為奶牛清洗乳房以及一些其它工作。盡早將所有雜務完成是必要的,因為這樣才有更多時間擠出更多的牛奶。當然,有些雜務必須在另一些雜務完成的情況下才能進行。比如:只有將奶牛趕進牛棚才能開始為它清洗乳房,還有在未給奶牛清洗乳房之前不能擠奶。我們把這些工作稱為完成本項工作的準備工作。至少有一項雜務不要求有準備工作,這個可以最早著手完成的工作,標記為雜務1。John有需要完成的n個雜務的清單,並且這份清單是有一定順序的,雜務k(k>1)的準備工作只可能在雜務1..k-1中。 寫一個程序從1到n讀入每個雜務的工作說明。計算出所有雜務都被完成的最短時間。當然互相沒有關系的雜務可以同時工作,並且,你可以假定John的農場有足夠多的工人來同時完成任意多項任務。 輸入輸出格式 輸入格式: 第1行:一個整數n,必須完成的雜務的數目(3<=n<=10,000); 第2 ~ n+1行: 共有n行,每行有一些用1個空格隔開的整數,分別表示: 工作序號(1..n,在輸入文件中是有序的); 完成工作所需要的時間len(1<=len<=100); 一些必須完成的準備工作,總數不超過100個,由一個數字0結束。有些雜務沒有需要準備的工作只描述一個單獨的0,整個輸入文件中不會出現多余的空格。 輸出格式: 一個整數,表示完成所有雜務所需的最短時間。 輸入輸出樣例 輸入樣例#1: 7 1 5 0 2 2 1 0 3 3 2 0 4 6 1 0 5 1 2 4 0 6 8 2 4 0 7 4 3 5 6 0 輸出樣例#1: 23 3、洛谷P2782 友好城市 題目描述 有一條橫貫東西的大河,河有筆直的南北兩岸,岸上各有位置各不相同的N個城市。北岸的每個城市有且僅有一個友好城市在南岸,而且不同城市的友好城市不相同。沒對友好城市都向政府申請在河上開辟一條直線航道連接兩個城市,但是由於河上霧太大,政府決定避免任意兩條航道交叉,以避免事故。編程幫助政府做出一些批準和拒絕申請的決定,使得在保證任意兩條航道不相交的情況下,被批準的申請盡量多。 輸入輸出格式 輸入格式: 第1行,一個整數N(1<=N<=5000),表示城市數。 第2行到第n+1行,每行兩個整數,中間用一個空格隔開,分別表示南岸和北岸的一對友好城市的坐標。(0<=xi<=10000) 輸出格式: 僅一行,輸出一個整數,表示政府所能批準的最多申請數。 輸入輸出樣例 輸入樣例#1: 7 22 4 2 6 10 3 15 12 9 8 17 17 4 2 輸出樣例#1: 4 說明 1<=N<=5000,0<=xi<=10000
#include<iostream> #include<cstdio> using namespace std; int n,ans; int cost[15]={6,2,5,5,4,5,6,3,7,6}; bool check(int a,int b) { int ca=0,cb=0,cc=0; int c=a+b; if(a==0)ca+=cost[0]; if(b==0)cb+=cost[0]; if(c==0)cc+=cost[0]; while(a>0) { ca+=cost[a%10]; a/=10; } while(b>0) { cb+=cost[b%10]; b/=10; } while(c>0) { cc+=cost[c%10]; c/=10; } if((ca+cb+cc)==n) return true; else return false; } void DFS(int sum) { if(sum>1000)return; for(int i=0;i<=1000;++i) if(check(sum,i)) { ans++; } DFS(sum+1); return; } int main() { scanf("%d",&n); n-=4; ans=0; DFS(0); printf("%d",ans); return 0; }T1
#include<iostream> #include<cstdio> #include<cstdlib> #include<queue> #include<cstring> using namespace std; class Edge { public: int b,w,next; }; queue<int>que; Edge edge[1000005]; long long maxtime; int head[1000005],sum=1; int m,n,start,end; int pen[10005]; int num=1; bool visit[10005]; long long ttt[10005]; int tt[10005]; void add(int a,int b) { pen[b]++; edge[sum].b=b; edge[sum].next=head[a]; head[a]=sum++; } bool topsort() { for(int i=1;i<=m;++i) if(!pen[i]) { visit[i]=true; que.push(i); } while(que.size()) { int topsize=que.front(); que.pop(); for(int i=head[topsize];i!=-1;i=edge[i].next) { int bbb=edge[i].b; pen[bbb]--; if(tt[bbb]==ttt[bbb]) ttt[bbb]+=ttt[topsize]; else ttt[bbb]=max(ttt[bbb],ttt[topsize]+tt[bbb]); if(!pen[bbb]) { visit[bbb]=true; que.push(bbb); } } } } int main() { memset(head,-1,sizeof(head)); cin>>m; for(int i=1;i<=m;++i) { int no,t,qian; scanf("%d%d%d",&no,&t,&qian); ttt[no]=tt[no]=t; while(qian!=0) { add(qian,no); scanf("%d",&qian); } } topsort(); long long maxl=0; for(int i=1;i<=m;++i) maxl=max(maxl,ttt[i]); printf("%d",maxl); return 0; }T2
#include<iostream> #include<algorithm> #include<cstdio> using namespace std; int n,cnt=0; int f[100000]; int main() { cin>>n; for(int i=1;i<=n;++i) { int a,b; scanf("%d%d",&a,&b); int c=b-a; if(c>=f[cnt]) f[++cnt]=c; else { int p; p=(lower_bound(f+1,f+cnt+1,c)-f); f[p]=c; } } cout<<cnt; return 0; }T3
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