題目描述

小K是一個海港的海關工作人員，每天都有許多船只到達海港，船上通常有很多來自不同國家的乘客。

小K對這些到達海港的船只非常感興趣，他按照時間記錄下了到達海港的每一艘船只情況；對於第i艘到達的船，他記錄了這艘船到達的時間ti (單位：秒)，船上的乘 客數星ki，以及每名乘客的國籍 x(i,1), x(i,2),…，x(i,k);。

小K統計了n艘船的信息，希望你幫忙計算出以每一艘船到達時間為止的24小時(24小時=86400秒）內所有乘船到達的乘客來自多少個不同的國家。

形式化地講，你需要計算n條信息。對於輸出的第i條信息，你需要統計滿足 ti - 86400 < tp <= ti的船只p，在所有的x(p,j)中，總共有多少個不同的數。

輸入輸出格式

輸入格式：

第一行輸入一個正整數n，表示小K統計了 n艘船的信息。

接下來n行，每行描述一艘船的信息：前兩個整數ti和ki分別表示這艘船到達海港的時間和船上的乘客數量，接下來ki個整數x(i,j)表示船上乘客的國7。

保證輸入的ti是遞增的，單位是秒；表示從小K第一次上班開始計時，這艘船在第 ti 秒到達海港。

保證 1 \le n \le 10^51≤n≤10?5??，\sum{ki} \le 3*10^5∑ki≤3?10?5?? ，1\le x(i,j) \le 10^51≤x(i,j)≤10?5??， 1 \le t(i-1)\le ti \le 10^91≤t(i?1)≤ti≤10?9??。（看原題）

其中\sum{ki}∑ki表示所有的ki的和。

輸出格式：

輸出n行，第i行輸出一個整數表示第i艘船到達後的統計信息。

輸入輸出樣例

3
1 4 4 1 2 2
2 2 2 3
10 1 3

3
4
4

4
1 4 1 2 2 3
3 2 2 3
86401 2 3 4
86402 1 5

3
3
3
4

說明

【樣例解釋1】

第一艘船在第1秒到達海港，最近24小時到達的船是第一艘船，共有4個乘客， 分別是來自國家4,1,2,2，共來自3個不同的國家；

第二艘船在第2秒到達海港，最近24小時到達的船是第一艘船和第二艘船，共有 4 + 2 = 6個乘客，分別是來自國家4,1,2,2,2,3，共來自4個不同的國家；

第三艘船在第10秒到達海港，最近24小時到達的船是第一艘船、第二艘船和第 三艘船，共有4+ 2+1=7個乘客，分別是來自國家4,1,2,2,2,3,3，共來自4個不同 的國家。

【樣例解釋2】

第一艘船在第1秒到達海港，最近24小時到達的船是第一艘船，共有4個乘客，分別是來自國家1,2,2,3，共來自3個不同的國家。

第二艘船在第3秒到達海港，最近24小時到達的船是第一艘船和第二艘船，共有4+2=6個乘客，分別是來自國家1,2,2,3,2,3，共來自3個不同的國家。

第三艘船在第86401秒到達海港，最近24小時到達的船是第二艘船和第三艘船，共有2+2=4個乘客，分別是來自國家2,3,3,4，共來自3個不同的國家。

第四艘船在第86402秒到達海港，最近24小時到達的船是第二艘船、第三艘船和第四艘船，共有2+2+1=5個乘客，分別是來自國家2,3,3,4,5，共來自4個不同的國家。

【數據範圍】

分析：直接做是過不了的，但是它就是不斷的將先來的弄出去，相當於隊列一樣用一個隊列維護時間t,每次看隊首元素有沒有相隔24小時如果有，則l++,否則入隊統計.對於數據的存儲可能有點困難，n*∑ki的數組是開不下的，但是他是按照每艘船的順序給出來的，如果可以轉化為一條鏈就好了.第一個方法是vector,似乎有點慢第二個方法是queue,這個可以用數組模擬,效率比較高.每次刪除一條船就都從隊列中刪除信息，開一個vis數組記錄一下人數這裏是不能用bool數組或者每次都掃一下vis數組的，我們可以動態改變答案 前綴和也是行不通的，不能滿足區間減性質.

當數組大小是n*m這種乘積類型時，可以考慮能不能轉化成一條鏈狀的形式。動態統計答案是一種有效處理多次統計答案的問題的方式。

#include <cstdio>
#include <cstring>
#include <iostream>
#include <algorithm>
#include <cmath>
#include <queue>

using namespace std;

int n,num[1000010],vis[1000010],ans;

struct node
{
   int id,t;    
};

int main()
{
    scanf("%d",&n);
    queue <node> qt;
    queue <int> q;
    for (int i = 1; i <= n; i++)
    {
        int t;
        scanf("%d%d",&t,&num[i]);
        node temp;
        temp.id = i;
        temp.t = t;
        qt.push(temp);
        for (int j = 1; j <= num[i];j++)
        {
            int x;
            scanf("%d",&x);
            q.push(x);
            if (vis[x] == 0)
            ans++;
            vis[x]++;
        }
        
        while (!qt.empty() && qt.front().t <= t - 86400)
        {        
            node u = qt.front();
            qt.pop();
            for (int j = 1; j <= num[u.id]; j++)
            {
            vis[q.front()]--;
            if (vis[q.front()] == 0)
            ans--;
            q.pop();
            }
        }
        printf("%d\n",ans);
    }
    
    
    return 0;
}

洛谷P2058 海港