題面

題外話：現在還不知道退不退役啊QAQ，因為發揮太渣，把Day1T3和Day2T1這僅有的兩道有區分度的題全寫掛了(沒區分度的其他題**倒挺穩。。。)，退不退役全看資料溼度了(400-460，教練建議的線是420，orz i207M 530+)

在可能是苟在機房的最後一週裡打算學學分塊和莫隊=。=

分塊不只是一種處理序列問題的方法，更多的是一種均攤複雜度的思想(比如這個題)

(我好像在彙總裡寫過這個思想)

我們現在有兩種暴力：第一種暴力是$O(mod)$的，即先$O(n*mod)$處理在模某數意義下每個池子裡的數，然後每次$O(1)$查表+$O(mod)$修改，問題是模數很大時會GG；第二種暴力是$O(\frac{n}{mod})$，直接在序列上每隔$mod$統計，然後$O(1)$修改一下序列。然後你把這兩種暴力揉在一起，對於$mod<=sqrt(n)$的情況採用暴力1，對於$mod>sqrt(n)$的情況採用暴力2，於是得到了一個$O((n+m)sqrt(n))$的演算法

 1 #include<cstdio>
 2 #include<cstring>
 3 #include<algorithm>
 4 using namespace std;
 5 const int N=150005,Sqrt=390;
 6 long long a[N],bkt[Sqrt+5][Sqrt+5];
 7 int n,m,t1,t2; char rd[5];
 8 int main ()
 9 {
10     scanf("%d%d",&n,&m);
11     for(int i=1;i<=n;i++)
 
12     {
13         scanf("%lld",&a[i]);
14         for(int j=1;j<=Sqrt;j++)
15             bkt[j][i%j]+=a[i];
16     }
17     while(m--)
18     {
19         scanf("%s%d%d",rd,&t1,&t2);
20         if(rd[0]=='A')
21         {
22             if(t1<=Sqrt)
23                 printf("%lld\n
 
",bkt[t1][t2%t1]);
24             else 
25             {
26                 long long ans=0;
27                 for(int i=t2;i<=n;i+=t1)
28                     ans+=a[i];
29                 printf("%lld\n",ans);
30             }
31         }
32         else 
33         {
34             for(int i=1;i<=Sqrt;i++)
35                 bkt[i][t1%i]+=t2-a[t1];
36             a[t1]=t2;
37         }
38     }
39     return 0;
40 }