/*(威佐夫博弈)（http://baike.baidu.com/view/1952620.htm） 
這不是我寫的啊！
1、在一堆石子中取走任意多顆；
2、在兩堆石子中取走相同多的任意顆；
約定取走最後一顆石子的人為贏家，求必勝策略。
兩堆石頭地位是一樣的，我們用餘下的石子數(a,b)來表示狀態，並畫在平面直角座標系上。
和前面類似，(0,0)肯定是 P 態，又叫必敗態。(0,k),(k,0),(k,k)系列的節點肯定不是 P 態，而是必勝態，你面對這樣的局面一定會勝，只要按照規則取一次就可以了。再看 y = x 上方未被劃去的格點，(1,2)是 P 態。k > 2 時，(1,k)不是 P 態，比如你要是面對(1,3)的局面，你是有可能贏的。同理，(k,2)，(1 + k, 2 + k)也不是 P 態，劃去這些點以及它們的對稱點，然後再找出 y = x 上方剩餘的點，你會發現(3,5)是一個 P 態，如此下去，如果我們只找出 a ≤ b 的 P 態，則它們是(0,0)，(1,2)，(3,5)，(4,7)，(6,10)……它們有什麼規律嗎？
忽略(0,0)，很快會發現對於第 i 個 P 態的 a，a = i * (sqrt(5) + 1)/2 然後取整；而 b = a + i。居然和黃金分割點扯上了關係。
前幾個必敗點如下：(0,0)，(1,2)，(3,5)，(4,7)，(6,10)，(8,13)……可以發現，對於第k個必敗點(m(k),n(k))來說，m(k)是前面沒有出現過的最小自然數，n(k)=m(k)+k。
判斷一個點是不是必敗點的公式與黃金分割有關（我無法給出嚴格的數學證明，誰能給出嚴格的數學證明記得告訴我），為：
m(k) = k * (1 + sqrt(5))/2
n(k) = m(k) + k；
*/
#include<iostream>
#include<math.h>
using namespace std;
int main()
{
 int a,b,c,k;

 while(cin>>a>>b)
 {
  
  if(a<b)
  {
   c=a;
   a=b;
   b=c;
  }
  k=abs(a-b);
  a =  (int)(k*( 1.0 + sqrt( 5.0 ) )/2.0);
  if(a==b)
   cout<<0<<endl;
  else
   cout<<1<<endl;
 }
 return 0;
}