「CEOI2010」 MP3Player 題解
阿新 • • 發佈:2021-07-11
「CEOI2010」 MP3Player
題意
\(~~~~\) 給出 \(n\) 次對音量的操作,每次操作為使音量 \(+1\) 或 \(-1\) ,同時若音量操作後超出 \([0,V_{\max}]\) 或該操作與上一個操作的時間間隔 \(>t\) 則該操作無效(不論上一個操作是否有效)。已知若干次操作後的最終音量,求 \(t\) 可能的最大值以及該最大值下可能的最大的初始音量。
\(~~~~\) \(1\leq n\leq 2\times 10^5,2\leq V_{\max}\leq 5000\)
題解
\(~~~~\) 線段樹可以維護的東西增加了,線段樹yyds
\(~~~~\) 先給出一個暴力通用思路:列舉所有在操作中出現的 \(t\)
\(~~~~\) 考慮繼續發掘一下該函式的性質,可以發現該函式存在 \(A,B\) ,使得 \([0,A)\) 內所有 \(V_1\) 的 \(V_2\) 相同,\([A,B)\) 內所有 \(V_1\)
\(~~~~\) 由此,我們可以考慮維護兩個常函式的值 \(a,b\) 和一次函式的 \(y=x+c\) 的 \(c\) 。則當我們知道兩段相連區間的 \(a,b,c\) 時,我們就可以考慮複合兩個函式得到這個大區間的 \(a,b,c\)
\(~~~~\) 因此,我們仍然保留列舉所有可能的 \(t\) ,然後每次線上段樹上刪除某個點對應的貢獻,並檢查該函式值域中是否有 \(V_2\) 。該過程中每個點只會被刪去一次,所以時間複雜度 \(\mathcal{O(n\log n)}\) 。
程式碼
檢視程式碼
#include <cstdio>
#include <algorithm>
using namespace std;
int n,Vmax,V2;
int val[200005],Time[200005];
struct node{
int val,Time,id;
node(){}
node(int V,int T,int I){val=V,Time=T,id=I;}
}P[200005];
struct Seg{
#define ls p<<1
#define rs p<<1|1
#define lson p<<1,l,mid
#define rson p<<1|1,mid+1,r
struct Func{
int a,b,c;
Func(){}
Func(int A,int B,int C){a=A,b=B,c=C;}
int F(int x){return min(b,max(a,x+c));}
}tr[800005];
//a一平的值 b二平的值 c一次函式 y=x+c
void pushUp(int p)
{
tr[p].a=min(tr[rs].b,max(tr[rs].a,tr[ls].a+tr[rs].c));
tr[p].b=max(tr[rs].a,min(tr[rs].b,tr[ls].b+tr[rs].c));
tr[p].c=tr[ls].c+tr[rs].c;
}
void Build(int p,int l,int r)
{
if(l==r)
{
tr[p]=Func(0,Vmax,val[l]);
return;
}
int mid=(l+r)>>1;
Build(lson);Build(rson);
pushUp(p);
}
void Modify(int p,int l,int r,int aim)
{
if(l==r)
{
tr[p]=Func(0,Vmax,0);
return;
}
int mid=(l+r)>>1;
if(aim<=mid) Modify(lson,aim);
if(mid<aim) Modify(rson,aim);
pushUp(p);
}
}Seg;
int Calc()
{
int l=0,r=Vmax,mid,Ans=0;
while(l<=r)
{
int mid=(l+r)>>1;
if(Seg.tr[1].F(mid)<=V2) l=mid+1,Ans=mid;
else r=mid-1;
}
return Ans;
}
bool cmp(node x,node y){return x.Time>y.Time;}
int main() {
scanf("%d %d %d",&n,&Vmax,&V2);
char S[10];
for(int i=1;i<=n;i++)
{
scanf("%s %d",S+1,&Time[i]);
val[i]=(S[1]=='+')?1:-1;
}n--;
for(int i=1;i<=n;i++)
{
val[i]=val[i+1];
Time[i]=Time[i+1]-Time[i];
P[i]=node(val[i],Time[i],i);
}
Seg.Build(1,1,n);
sort(P+1,P+1+n,cmp);
if(Seg.tr[1].F(0)<=V2&&V2<=Seg.tr[1].F(Vmax)) return puts("infinity")&0;
int j;
for(int i=1;i<=n;i=j)
{
int Tmp=P[i].Time;
for(j=i;P[j].Time==P[i].Time;j++) Seg.Modify(1,1,n,P[j].id);
if(Seg.tr[1].F(0)<=V2&&V2<=Seg.tr[1].F(Vmax)) return printf("%d %d\n",P[i].Time-1,Calc())&0;
}
return 0;
}