美團杯 2021【雜題】
感覺上還是去年好啊。
以下按照講題順序排列。
I 24點
Small Task:做 24 點。
網上隨便搜個程式碼下來跑。
Large Task:對於所有有解的 24 點題,求中間結果的最小值的最大值,和最大值的最小值。
用同樣的程式碼爆搜,上界是 \((13*13-1)/7=24\) 的 \(r=169\),下界的話看到 Small Task 裡有一個 \(2/13\) 的,並且不太搜的出來更小的,直接交上去就過了。
K 杳瑤寺吳遙寺
給定整數 \(n\),求 \(\{1,1,4,5,1,4\}\times\infty\) 的最短字首 \(A_1,A_2,\cdots,A_m\) 的長度 \(m\)
\(|n|\le 10^9\),Small Task:\(|n|\le 10^6\)。
solution
考慮 dp 過程,\(f_{i,j}\) 表示前 \(i\) 個數是否能湊出 \(j\),發現狀態只用記 \(i\bmod 6\),變為類似 bfs 的過程。
\(|n|\) 太大的時候後就用一堆同符號的迴圈節。
#include<bits/stdc++.h> using namespace std; typedef long long ll; typedef pair<int,int> PII; const int maxn=6666666,mod=998244353,add[]={1,1,4,5,1,4}; #define fi first #define se second #define PB push_back #define MP make_pair #define lson o<<1,l,mid #define rson o<<1|1,mid+1,r #define FOR(i,a,b) for(int i=(a);i<=(b);i++) #define ROF(i,a,b) for(int i=(a);i>=(b);i--) #define MEM(x,v) memset(x,v,sizeof(x)) template<typename T> inline void read(T &x){ x=0; bool f=0;char ch=getchar(); while(ch<'0' || ch>'9') f|=ch=='-',ch=getchar(); while(ch>='0' && ch<='9') x=x*10+ch-'0',ch=getchar(); if(f) x=-x; } int n,h,r; PII q[maxn]; map<int,int> f[6],s; void solve(){ read(n); if(abs(n)<=2000) printf("%d\n",s[n]); else if(n>=0) printf("%d\n",s[n%16+992]+(n-992)/16*6); else printf("%d\n",s[-(-n)%16-992]+(-992-n)/16*6); } int main(){ f[1][1]=1; q[h=r=1]=MP(1,1); while(h<=r && r<=5e5){ PII p=q[h++]; int i=p.first,j=p.second; int ii=i+add[j],jj=(j+1)%6; if(!f[jj].count(ii)){ f[jj][ii]=f[j][i]+1; q[++r]=MP(ii,jj); } ii=i-add[j],jj=(j+1)%6; if(!f[jj].count(ii)){ f[jj][ii]=f[j][i]+1; q[++r]=MP(ii,jj); } } FOR(i,-2000,2000){ int ans=1e9; FOR(j,0,5) if(f[j].count(i)) ans=min(ans,f[j][i]); s[i]=ans; } int T; read(T); while(T--) solve(); }
M 游泳
給定正整數 \(n,m,K\),求長為 \(m\)、和為 \(n\)、相鄰數字差 \(\le K\) 的正整數序列 \(A\) 的方差最大值。
solution
貪心地讓各個數差距儘量大即可。
#include<bits/stdc++.h> using namespace std; typedef long long ll; typedef pair<int,int> PII; const int maxn=100010,mod=998244353; #define fi first #define se second #define PB push_back #define MP make_pair #define lson o<<1,l,mid #define rson o<<1|1,mid+1,r #define FOR(i,a,b) for(int i=(a);i<=(b);i++) #define ROF(i,a,b) for(int i=(a);i>=(b);i--) #define MEM(x,v) memset(x,v,sizeof(x)) template<typename T> inline void read(T &x){ x=0; bool f=0;char ch=getchar(); while(ch<'0' || ch>'9') f|=ch=='-',ch=getchar(); while(ch>='0' && ch<='9') x=x*10+ch-'0',ch=getchar(); if(f) x=-x; } int n,m,k,c[maxn]; void solve(){ read(n);read(m);read(k); if(n<m) return puts("-1"),void(); if(!k){ if(n%m) puts("-1"); else puts("0"); return; } int nn=n; FOR(i,1,m) c[i]=1; n-=m; FOR(i,1,m){ ll tmp=1ll*i*k; if(tmp>n || i==m){ int d=n/i,r=n%i; FOR(j,1,i) c[j]+=d; ROF(j,i,i-r+1) c[j]++; break; } n-=tmp; FOR(j,1,i) c[j]+=k; } ll ans=0; FOR(i,1,m) ans+=1ll*c[i]*c[i]; ans*=m; ans-=1ll*nn*nn; printf("%lld\n",ans); } int main(){ int T; read(T); while(T--) solve(); }
A 資料結構
給定長為 \(n\) 的正整數序列 \(a_i\),\(m\) 次詢問 \(l,r\),表示給 \(a[l:r]\) 加上 \(1\) 之後求全域性不同數的個數,並撤銷修改(即詢問之間互相獨立)
\(n,m\le 10^6\),Small Task:\(n\le 5000\)。
solution
考慮每個數 \(i\) 不出現的條件:設 \(i\) 的出現位置是 \(b_{i,1},b_{i,2},\cdots,b_{i,c_i}\),則 \(l\le b_{i,1}\),\(r\ge b_{i,c_i}\),\([l,r]\) 不包含所有的 \(b_{i-1,j}\)。
這是 \(O(n)\) 個矩形加,\(O(m)\) 個單點求值,掃描線+BIT 即可。
#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
typedef long long ll;
typedef pair<int,int> PII;
const int maxn=1111111,mod=998244353;
#define fi first
#define se second
#define PB push_back
#define MP make_pair
#define lson o<<1,l,mid
#define rson o<<1|1,mid+1,r
#define FOR(i,a,b) for(int i=(a);i<=(b);i++)
#define ROF(i,a,b) for(int i=(a);i>=(b);i--)
#define MEM(x,v) memset(x,v,sizeof(x))
template<typename T>
inline void read(T &x){
x=0;
bool f=0;char ch=getchar();
while(ch<'0' || ch>'9') f|=ch=='-',ch=getchar();
while(ch>='0' && ch<='9') x=x*10+ch-'0',ch=getchar();
if(f) x=-x;
}
int n,m,a[maxn],ql,ans[maxn];
vector<int> v[maxn];
struct ques{
int x,l,r,tp;
bool operator<(const ques &q)const{
if(x!=q.x) return x<q.x;
return abs(tp)>abs(q.tp);
}
}q[maxn*5];
inline void add(int xl,int yl,int xr,int yr){
q[++ql]=(ques){xl,yl,yr,1};
q[++ql]=(ques){xr+1,yl,yr,-1};
}
int b[maxn];
inline void update(int p,int v){
for(int i=p;i<=n;i+=i&-i) b[i]+=v;
}
inline int query(int p){
int s=0;
for(int i=p;i;i-=i&-i) s+=b[i];
return s;
}
int main(){
read(n);read(m);
FOR(i,1,n) read(a[i]);
FOR(i,0,n+1) v[i].PB(0);
FOR(i,1,n) v[a[i]].PB(i);
FOR(i,0,n+1) v[i].PB(n+1);
FOR(i,1,n+1){
int mn=1e9,mx=-1e9;
FOR(j,1,(int)v[i].size()-2) mn=min(mn,v[i][j]),mx=max(mx,v[i][j]);
if(mn==1e9){
FOR(j,0,(int)v[i-1].size()-2)
add(v[i-1][j]+1,v[i-1][j]+1,v[i-1][j+1]-1,v[i-1][j+1]-1);
}
else{
int mn2=1e9,mx2=-1e9;
bool flag=false;
FOR(j,0,(int)v[i-1].size()-1){
int x=v[i-1][j];
if(x>=mn && x<=mx){flag=true;break;}
if(x<mn) mx2=max(mx2,x);
if(x>mx) mn2=min(mn2,x);
}
if(flag) continue;
add(mx2+1,mx,mn,mn2-1);
}
}
FOR(i,1,m){
int l,r;
read(l);read(r);
q[++ql]=(ques){l,r,i,0};
}
sort(q+1,q+ql+1);
FOR(i,1,ql){
if(q[i].tp){
update(q[i].l,q[i].tp);
update(q[i].r+1,-q[i].tp);
}
else{
ans[q[i].r]=query(q[i].l);
}
}
FOR(i,1,m) printf("%d\n",n+1-ans[i]);
}
C 查查查樂樂II
給定正整數 \(n\),\(\forall k\in[1,n]\),求 (長度,字典序) 最小的 \(\texttt{xl}\) 字串,滿足 \(\texttt{xxxll}\) 的個數為 \(k\)。
\(n=10^5\),Small Task:\(n=100\)。
solution
考慮對一個字串求 \(\texttt{xxxll}\) 的個數:列舉第 \(3\) 個 \(\texttt x\),設左邊有 \(a\) 個 \(\texttt x\),右邊有 \(b\) 個 \(\texttt l\),貢獻是 \(\binom a2\binom b2\)。
考慮 dp:列舉總共有多少個 \(\texttt l\),然後 \(f_{i,j,k}\) 表示當前有 \(i\) 個 \(\texttt x\),之後有 \(j\) 個 \(\texttt l\),已有 \(k\) 個 \(\texttt{xxxll}\) 是否可行。
跑一下發現串長 \(\le 37\),所以 \(i,j\) 都只有 \(37\)。複雜度 \(O(37^3n/w)\)。
#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
const int N = 100003, M = 31, INF = 0x3f3f3f3f;
int n, coe[M][M], len[N];
bitset<N> f[M][M];
bool str[M<<1], ans[N][M<<1];
int main(){
scanf("%d", &n);
memset(len, 0x3f, sizeof len);
for(int i = 2;i < M;++ i)
for(int j = 2;j < M;++ j)
coe[i][j] = i*(i-1)*j*(j-1)>>2;
for(int px = 3;px < M;++ px){
for(int x = 0;x <= px;++ x)
for(int l = 0;l < M;++ l) f[x][l].reset();
f[0][0].set(0);
for(int x = 0;x <= px;++ x)
for(int l = 0;l < M;++ l){
if(x < px) f[x+1][l] |= f[x][l]<<coe[px-x-1][l];
if(l+1 < M) f[x][l+1] |= f[x][l];
}
for(int i = 1;i <= n;++ i){
int pl = INF;
for(int j = 0;j < M;++ j)
if(f[px][j][i]){pl = j; break;}
if(px + pl > len[i]) continue;
int x = px, l = pl, cur = i, ha = 0;
while(x || l)
if(l && f[x][l-1][cur]){-- l; str[ha++] = 0;}
else {cur -= coe[px-x][l]; -- x; str[ha++] = 1;}
if(ha < len[i]){
memcpy(ans[i], str, ha);
len[i] = ha;
} else {
for(int j = 1;j <= ha;++ j)
if(ans[i][j] > str[j]){
memcpy(ans[i], str, ha); break;
} else if(ans[i][j] < str[j]) break;
}
}
}
for(int i = 1;i <= n;++ i){
if(len[i] == INF){puts("-1"); continue;}
for(int j = 0;j < len[i];++ j)
putchar(ans[i][j] ? 'x' : 'l');
putchar('\n');
}
}
H 哈利波特
這是一道提交答案題
給定長為 \(4807976\) 的小寫字串 \(s\) 和 \(370103\) 個英文單詞的字典 \(D\)。
定義串 \(s\) 對字典 \(D\) 的分詞代價 \(f(D,s)\) 是將 \(s\) 最小劃分子串個數,使得每個子串都是 \(D\) 中的單詞。
定義 \(D\) 中單詞 \(w\) 的阿瓦達指數是 \(s\) 對 \(D\backslash\{w\}\) 的分詞代價。
求所有長度 \(>1\) 的單詞 \(w\) 的 (阿瓦達指數,字典序) 的前 \(K\) 大值。
\(K=200\),Small Task:\(K=2\)。
solution
完全不會,被智商碾壓了(暴力方法是把 \(f(D,s)\) 中用到的單詞 \(w\) 取出來跑。
正解是估價函式:設 \(\text{way}(w)\) 是 \(f(D,s)\) 中 \(w\) 的出現次數,則 \(f(D\backslash\{w\},s)\le f(D)+\text{way}(w)(f(D\backslash\{w\},w)-1)\),只有在這個值 \(\ge\) 當前第 \(K\) 大時才做。
經測試,直接按照給的字典跑需要判 \(1933\) 個詞,執行時間 \(419\text s\),如果先把單詞按 (長度,字典序) 排序就只用判 \(1626\) 個詞,執行時間 \(322\text s\),稍微優了一點,但前者判出來的很多都是認識的單詞,可以更方便地提取出一篇文章中的常用單詞。有點好玩,想再找一篇文章看看
#include<bits/stdc++.h>
#define PB emplace_back
#define MP make_pair
#define fi first
#define se second
using namespace std;
typedef pair<int, int> pii;
const int N = 4808000, K = 370103;
template<typename T>
bool chmin(T &a, const T &b){if(a > b) return a = b, 1; return 0;}
FILE *f1 = fopen("dict.in", "r"), *f2 = fopen("harry-potter.txt", "r");
int n, ch[N][26], tot, len[K+5], id[N], dp[N], way[K+5], pre[N], all;
char str[N], ss[K+5][33];
int work(int n, int k, char *str){
memset(dp, 0x7f, n+1<<2);
dp[0] = 0;
for(int i = 0;i < n;++ i)
for(int j = i+1, u = 0;j <= n;++ j){
u = ch[u][str[j]-'a'];
if(!u) break;
if(id[u] && id[u] != k) chmin(dp[j], dp[i] + 1);
}
return dp[n];
}
bool cmp(const pii &a, const pii &b){
if(a.fi != b.fi) return a.fi > b.fi;
return strcmp(ss[a.se]+1, ss[b.se]+1) < 0;
}
struct Cmp {bool operator()(const pii &a, const pii &b){return cmp(a, b);}};
priority_queue<pii, vector<pii>, Cmp> pq;
vector<pii> ans;
int main(){
fscanf(f2, "%s", str+1);
n = strlen(str+1);
for(int i = 1;i <= K;++ i){
fscanf(f1, "%s", ss[i]+1);
int u = 0;
len[i] = strlen(ss[i]+1);
for(int j = 1;j <= len[i];++ j){
int c = ss[i][j]-'a';
if(!ch[u][c]) ch[u][c] = ++tot;
u = ch[u][c];
}
id[u] = i;
}
memset(dp, 0x7f, n+1<<2);
dp[0] = 0;
for(int i = 0;i < n;++ i)
for(int j = i+1, u = 0;j <= n;++ j){
u = ch[u][str[j]-'a'];
if(!u) break;
if(id[u] && chmin(dp[j], dp[i] + 1)) pre[j] = id[u];
}
all = dp[n];
for(int i = n;i;i -= len[pre[i]]) ++ way[pre[i]];
for(int i = 1;i <= K;++ i)
if(len[i] > 1 && (pq.size() < 200 || cmp(MP(all + way[i]*(work(len[i],i,ss[i])-1), i), pq.top()))){
pq.push(MP(work(n,i,str), i));
if(pq.size() > 200) pq.pop();
printf("ss[%d] = %s\n", i, ss[i]+1);
}
while(!pq.empty()){ans.PB(pq.top()); pq.pop();}
reverse(ans.begin(), ans.end());
for(pii _ : ans) printf("%s %d\n", ss[_.se]+1, _.fi);
}
E 程式解謎II
C++ 程式碼拼圖。
solution
跟去年某道題差不多,憑藉對競賽程式碼的理解拼一拼就可以了。
注意拼的時候不要把碎片放在一起了,不然錯了很難改(
Large Task 需要用樣例算表,不是很難,根據程式碼中的計算部分反推一下即可。
#include<cstdio>
using namespace std;
namespace Sub2 {
int clude[50] = {518020025,227984854,990919605,760559275,252747709,351267635,436520588,849336757,847045033,785731263,491533093,243893699,119202559,255782057,101925721,153701673,19279237,757203511,602780864,17233756,503674646,198732600,529032347,789861212,282845866,618483948,252931964,585966855,47548815,458761589,580505477,569964015,505577677,411118499,788281248,963908046,733289631,512853327,257612428,669701279,74200836,267681712,565463498,475616488,358569984,846564286,362377870,890855192,553545630,323150357};
int n;
int v[50], tmp;
int maine(bool nclude){
int mai = 0;
for(int i = 0;i < n;++ i){
if((i&1)^nclude){
tmp = v[i]^clude[i];
} else {
tmp = ((1<<30)-1)^v[i]^clude[i];
}
if(tmp > mai) mai = tmp;
}
return mai;
}
void main(){
int t;
scanf("%d%d", &t, &n);
for(int i = 0;i < t;++ i){
for(int j = 0;j < n;++ j)
scanf("%d", v + j);
printf("%d\n", maine(i&1));
}
}
}
namespace Sub1 {
int t;
int solve1(int n){
t = 0;
for(int i = 1;i <= n;++ i)
if(n % i == 0) t += 1;
return t;
}
int solve2(int n){
t = 0;
for(int i = 2;i <= n;++ i)
if(n % i == 0){t += i; while(n % i == 0) n /= i;}
return t;
}
void main(){
int t;
scanf("%d", &t);
while(t --){
int n;
scanf("%d", &n);
printf("%d\n", solve1(n)+solve2(n));
}
}
}
int main(){
int sub;
scanf("%d", &sub);
if(sub == 1) Sub1 :: main();
else Sub2 :: main();
}
F 面向物件
給定如下的殘缺 C++ 程式碼,求將 /*MissingModifier*/
替換為 private
,protected
,public
,/*MissingMethod*/
替換為 method#Num
的方案數,使得編譯通過。
class Class1 {
void method1() {
/*MissingMethod*/();
}
/*MissingModifier*/:
void method2() {}
};
class Class2: /*MissingModifier*/ Class1 {
/*MissingModifier*/:
void method3() {}
/*MissingModifier*/:
void method4() {}
};
int main() {
Class2 o2;
o2./*MissingMethod*/();
}
保證類的繼承關係是樹。類有 \(300\) 個,函式有 \(1000\) 個。
solution
咕了
J 隨機數
這是一道互動題
給定一個位運算 random device,你可以呼叫它 \(2000\) 次,然後 \(100\) 次模擬出它跑 \(x\) 次的結果。
全域性變數 \(\le 3\) 個。
solution
考場上看錯題了,捱打(
只要看對題就會發現,如果把全域性變數看做 \(192\) 位向量,這個東西就是線性變換。
根據 Cayley-Hamilton 定理,它有 \(192\) 階齊次線性遞推式,用多項式取模的方法做即可。
懶得拉 BM 板子了,求線性遞推式可以暴力高消,複雜度 \(O(w^3+Qw\log k)\)。
#include"interactor.h"
#include"bits/stdc++.h"
using namespace std;
typedef unsigned long long u64;
namespace {
const int N = 193, M = N<<1;
u64 a[2000];
bitset<N> f[N], g;
bitset<M> A[30], cur, dif;
int m;
bitset<M> mul(const bitset<M> &a, const bitset<M> &b){
bitset<M> c;
for(int i = 0;i < m;++ i) if(a[i]) c ^= b<<i;
for(int i = m-1;~i;-- i) if(c[i+m]) c ^= dif<<i;
return c;
}
void work(int k){
for(int i = 29;~i;-- i) if(k>>i&1) cur = mul(cur, A[i]);
}}
void solve(int ifYouDontKnowHowToNameAParameterThenYouUseIt){
for(int i = 0;i < 2000;i ++) a[i] = random_ull();
for(int i = 0;i < N;++ i)
for(int _ = 0;_ < 64;++ _){
for(int j = 0;j < N;++ j)
g[j] = a[i+j]>>_&1;
for(int j = 0;j < N;++ j) if(g[j]){
if(f[j][j]) g ^= f[j];
else {f[j] = g; break;}
}
}
for(int i = N-1;~i;-- i)
if(f[i][i]){
bool tmp = 0;
for(int j = i+1;j < N;++ j)
tmp ^= dif[j] && f[i][j];
dif[i] = tmp;
} else dif[i] = 1;
for(m = N-1;!dif[m];-- m);
A[0][1] = 1; cur[0] = 1;
for(int i = 0;i < 29;++ i) A[i+1] = mul(A[i], A[i]);
work(1999);
}
u64 query(int k){
work(k); u64 res = 0;
for(int i = 0;i < m;++ i) if(cur[i]) res ^= a[i];
return res;
}
L 挑戰出題人
構造在下圖的 0
替換為 \([x,3]\) 中的整數,使得 loopy 有唯一解。
0 0 000
00 00 0 0
0 0 0 0 0
0 0 0 0000
0 0 0 0
0 0 0
0 0 00000
0 0 0
00 0 0 0
0 0 0 0 0
0 0 000 0
\(x=1\),Small Task:\(x=0\)。
Small Task:顯然讓答案非常小即可。
Large Task:沒聽懂,掉線了。
G 字串匹配
這是一道互動題
互動器有 \(\texttt{01}\) 串 \(a\),給定 \(\texttt{01}\) 串 \(b\),你每次可以詢問帶萬用字元的串 \(s\) 和兩個下標 \(0\le l\le r\le|a|-|s|\),互動器告訴你最小和最大的滿足 \(a[i:i+|s|-1]\) 與 \(s\) 匹配的下標 \(i\),代價是 \(C+(r-l+1)w(s)\),其中 \(w(s)\) 是 \(s\) 中非萬用字元個數,要求代價總和 \(\le S\)。
求 \(b\) 是否是 \(a\) 的子串,如果是,求下標 \(i\) 使得 \(a[i:i+|s|-1]=b\)。
\(|a|=75000\),\(|b|=50000\),\(C=30000\),\(S=4\cdot 10^6\)。
咕咕咕咕。