4116:拯救行動,考點:廣搜狀態轉移+剪枝
阿新 • • 發佈:2021-07-14
原題:http://bailian.openjudge.cn/practice/4116/
描述
公主被惡人抓走,被關押在牢房的某個地方。牢房用N*M (N, M <= 200)的矩陣來表示。矩陣中的每項可以代表道路(@)、牆壁(#)、和守衛(x)。
英勇的騎士(r)決定孤身一人去拯救公主(a)。我們假設拯救成功的表示是“騎士到達了公主所在的位置”。由於在通往公主所在位置的道路中可能遇到守衛,騎士一旦遇到守衛,必須殺死守衛才能繼續前進。
現假設騎士可以向上、下、左、右四個方向移動,每移動一個位置需要1個單位時間,殺死一個守衛需要花費額外的1個單位時間。同時假設騎士足夠強壯,有能力殺死所有的守衛。
給定牢房矩陣,公主、騎士和守衛在矩陣中的位置,請你計算拯救行動成功需要花費最短時間。
輸入
第一行為一個整數S,表示輸入的資料的組數(多組輸入)
隨後有S組資料,每組資料按如下格式輸入
1、兩個整數代表N和M, (N, M <= 200).
2、隨後N行,每行有M個字元。"@"代表道路,"a"代表公主,"r"代表騎士,"x"代表守衛, "#"代表牆壁。
輸出
如果拯救行動成功,輸出一個整數,表示行動的最短時間。
如果不可能成功,輸出"Impossible"
樣例輸入
2 7 8 #@#####@ #@a#@@r@ #@@#x@@@ @@#@@#@# #@@@##@@ @#@@@@@@ @@@@@@@@ 13 40 @x@@##x@#x@x#xxxx##@#x@x@@#x#@#x#@@x@#@x xx###x@x#@@##xx@@@#@x@@#x@xxx@@#x@#x@@x@ #@x#@x#x#@@##@@x#@xx#xxx@@x##@@@#@x@@x@x @##x@@@x#xx#@@#xxxx#@@x@x@#@x@@@x@#@#x@# @#xxxxx##@@x##x@xxx@@#x@x####@@@x#x##@#@ #xxx#@#x##xxxx@@#xx@@@x@xxx#@#xxx@x##### #x@xxxx#@x@@@@##@x#xx#xxx@#xx#@#####x#@x xx##@#@x##x##x#@x#@a#xx@##@#@##xx@#@@x@x x#x#@x@#x#@##@xrx@x#xxxx@##x##xx#@#x@xx@ #x@@#@###x##x@x#@@#@@x@x@@xx@@@@##@@x@@x x#xx@x###@xxx#@#x#@@###@#@##@x#@x@#@@#@@ #@#x@x#x#x###@x@@xxx####x@x##@x####xx#@x #x#@x#x######@@#x@#xxxx#xx@@@#xx#x#####@
樣例輸出
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解法
思路:廣搜,用一個struct記錄到一個點時的狀態。
struct point { int x; int y; int min; bool beated; point(int inx,int iny,int m,bool b=false):x(inx),y(iny),min(m),beated(b){} };
beated表示是否已經打敗守衛,如果有守衛而且還沒有打敗,那麼只能擴展出一個狀態就是打敗守衛,時間數加一。如果沒有守衛就像四周擴充套件,去重保證不走到重複的點。
打敗守衛後的就跟普通道路一樣。
類似上圖,只是我做了一點小變形。
程式碼如下:
1 #include <iostream> 2 #include <queue> 3 #include <cstring> 4 #define INF 1<<30 5 using namespace std; 6 struct point { 7 int x; 8 int y; 9 int min; 10 bool beated; 11 point(int inx,int iny,int m,bool b=false):x(inx),y(iny),min(m),beated(b){} 12 }; 13 char G[205][205]; 14 int dx[4] = { -1,1,0,0 }; 15 int dy[4] = { 0,0,-1,1 }; 16 bool visited[205][205]; 17 int main() 18 { 19 int S; 20 cin >> S; 21 while (S--) { 22 memset(visited, 0, sizeof(visited)); 23 memset(G, '0', sizeof(G)); 24 int N, M; 25 int result = INF; 26 queue<point>myqueue; 27 cin >> N >> M; 28 for (int i = 0; i < N; i++) 29 for (int j = 0; j < M; j++) { 30 cin >> G[i][j]; 31 if (G[i][j] == 'r') { 32 myqueue.push(point(i, j, 0)); 33 visited[i][j] = 1; 34 } 35 } 36 while (!myqueue.empty()) { 37 point top = myqueue.front(); 38 myqueue.pop(); 39 if (G[top.x][top.y] == 'a') { 40 if (top.min < result) 41 result = top.min; 42 continue; 43 } 44 if (top.min + 1 >= result) 45 continue; 46 if (G[top.x][top.y] == 'x'&&top.beated == false) 47 { 48 myqueue.push(point(top.x, top.y, top.min + 1, true)); 49 continue; 50 } 51 for (int i = 0; i < 4; i++) { 52 int tx = top.x + dx[i]; 53 int ty = top.y + dy[i]; 54 if (tx < 0 || tx >= N || ty < 0 || ty >= M) 55 continue; 56 if (G[tx][ty] == '#') 57 continue; 58 if (visited[tx][ty]) 59 continue; 60 visited[tx][ty] = 1; 61 myqueue.push(point(tx, ty, top.min + 1)); 62 } 63 } 64 if (result == INF) 65 cout << "Impossible" << endl; 66 else 67 cout << result << endl; 68 } 69 return 0; 70 71 }