[NOIP2013]華容道 D2 T3 BFS+SPFA
Description
小 B 最近迷上了華容道,可是他總是要花很長的時間才能完成一次。於是,他想到用程式設計來完成華容道:給定一種局面,華容道是否根本就無法完成,如果能完成,最少需要多少時間。
小 B 玩的華容道與經典的華容道遊戲略有不同,遊戲規則是這樣的:
1. 在一個 n*m 棋盤上有 n*m 個格子,其中有且只有一個格子是空白的,其餘 n*m-1 個格子上每個格子上有一個棋子,每個棋子的大小都是 1*1 的;
2. 有些棋子是固定的,有些棋子則是可以移動的;
3. 任何與空白的格子相鄰(有公共的邊)的格子上的棋子都可以移動到空白格子上。
遊戲的目的是把某個指定位置可以活動的棋子移動到目標位置。
給定一個棋盤,遊戲可以玩 q 次,當然,每次棋盤上固定的格子是不會變的,但是棋盤上空白的格子的初始位置、指定的可移動的棋子的初始位置和目標位置卻可能不同。第 i 次玩的時候,空白的格子在第 EXi行第 EYi列,指定的可移動棋子的初始位置為第 SXi行第 SYi列,目標位置為第 TXi行第 TYi列。
假設小 B 每秒鐘能進行一次移動棋子的操作,而其他操作的時間都可以忽略不計。請
你告訴小 B 每一次遊戲所需要的最少時間,或者告訴他不可能完成遊戲。
Input
第一行有 3 個整數,每兩個整數之間用一個空格隔開,依次表示 n、m 和 q;
接下來的 n 行描述一個 n*m 的棋盤,每行有 m 個整數,每兩個整數之間用一個空格隔開,每個整數描述棋盤上一個格子的狀態,0 表示該格子上的棋子是固定的,1 表示該格子上的棋子可以移動或者該格子是空白的。
Output
輸出有 q 行,每行包含 1 個整數,表示每次遊戲所需要的最少時間,如果某次遊戲無法完成目標則輸出−1。
Sample Input
3 4 2 0 1 1 1 0 1 1 0 0 1 0 0 3 2 1 2 2 2 1 2 2 2 3 2Sample Output
2 -1HINT
【輸入輸出樣例說明】
棋盤上劃叉的格子是固定的,紅色格子是目標位置,圓圈表示棋子,其中綠色圓圈表示目標棋子。
1.第一次遊戲,空白格子的初始位置是 (3, 2)(圖中空白所示),遊戲的目標是將初始位置在(1, 2)上的棋子(圖中綠色圓圈所代表的棋子)移動到目標位置(2, 2)(圖中紅色的格子)上。
2.第二次遊戲,空白格子的初始位置是(1, 2)(圖中空白所示),遊戲的目標是將初始位置在(2, 2)上的棋子(圖中綠色圓圈所示)移動到目標位置 (3, 2)上。
要將指定塊移入目標位置,必須先將空白塊移入目標位置,空白塊要移動到目標位置,必然是從位置(2,2)上與當前圖中目標位置上的棋子交換位置,之後能與空白塊交換位置的只有當前圖中目標位置上的那個棋子,因此目標棋子永遠無法走到它的目標位置,遊戲無法完成。
【資料範圍】
對於 30%的資料,1 ≤ n, m ≤ 10,q = 1;
對於 60%的資料,1 ≤ n, m ≤ 30,q ≤ 10;
對於 100%的資料,1 ≤ n, m ≤ 30,q ≤ 500。
這道題真是把我打噁心了,重寫了三四遍,一開始沒太理解,後來看了許多題解,終歸是大致清楚了,60分的做法就是暴力BFS,但是為什麼只有60分,又該如何去優化。首先q次詢問,地圖是固定的,所以想到建圖。在建圖中,各節點為狀態!!,邊權即為狀態轉移所需的步數。空白格與指定塊之間有四種狀態,上下左右,可以用0,1,2,3來表示不同方向,所以考慮用三維陣列來儲存,最後在目標塊四個方向的dis中尋找最小值,若為INF則無法到達,輸出-1,否則輸出最小值。
#include <iostream> #include <cstring> #include <cstdio> #include <queue> #define INF 0x7fffffff using namespace std; const int Maxt = 32; const int Maxn = 3610; const int Maxm = Maxn * 5; int n,m,p; bool mp[Maxt][Maxt],check[Maxn]; int dx[4] = {-1,0,1,0},dy[4] = {0,1,0,-1}; int predis[Maxt][Maxt],dis[Maxn]; int head[Maxn],to[Maxm],nxt[Maxm],val[Maxm],tot; void add(int x,int y,int z) { val[++tot]=z; to[tot]=y; nxt[tot]=head[x]; head[x]=tot; } queue<int>que,qx,qy; int get_id(int x,int y) { y--; return (x-1)*m+y<<2; } void bfs(int ex,int ey,int px,int py,int d) { int cx,cy,nx,ny; memset(predis,-1,sizeof(predis)); predis[px][py]=1; predis[ex][ey]=0; qx.push(ex),qy.push(ey); while(!qx.empty()) { int x=qx.front(),y=qy.front(); qx.pop(),qy.pop(); for(int i=0; i<4; i++) { int tx=x+dx[i],ty=y+dy[i]; if(mp[tx][ty] && predis[tx][ty]==-1) { predis[tx][ty]=predis[x][y]+1; qx.push(tx),qy.push(ty); } } } if(d==8) return; int tmp=get_id(px,py); for(int i=0; i<4; ++i) { int x=px+dx[i],y=py+dy[i]; if(predis[x][y]>0) add(tmp+d,tmp+i,predis[x][y]); } add(tmp+d,get_id(ex,ey)+(d+2)%4,1); } void spfa(int sx,int sy) { int tmp; memset(dis,-1,sizeof(dis)); for(int i=0; i<4; i++) { int x=sx+dx[i],y=sy+dy[i]; if(predis[x][y]!=-1) { tmp=get_id(sx,sy)+i; dis[tmp]=predis[x][y]; que.push(tmp); check[tmp]=1; } } int k; while(!que.empty()) { k=que.front(); que.pop(); check[k]=0; for(int i=head[k];i;i=nxt[i]) { int y=to[i]; if(dis[y]==-1 || dis[y]>dis[k]+val[i]) { dis[y]=dis[k]+val[i]; if(check[y]==0) { check[y]=1; que.push(y); } } } } } int main() { scanf("%d%d%d",&n,&m,&p); for(int i=1; i<=n; i++) for(int j=1; j<=m; j++) scanf("%d",&mp[i][j]); for(int i=1; i<=n; i++) for(int j=1; j<=m; j++) if(mp[i][j]) { for(int k=0;k<4;k++) { if(mp[i+dx[k]][j+dy[k]]==1) bfs(i+dx[k],j+dy[k],i,j,k); } } int ex,ey,sx,sy,tx,ty,ans; while(p--) { scanf("%d%d%d%d%d%d",&ex,&ey,&sx,&sy,&tx,&ty); if(sx==tx && sy==ty) { printf("0\n"); continue; } if(mp[tx][ty]==0) { printf("-1\n"); continue; } bfs(ex,ey,sx,sy,8); spfa(sx,sy); ans=INF; int tmp=get_id(tx,ty); for(int i=0; i<4; i++) if(dis[tmp+i]!=-1) ans=min(ans,dis[tmp+i]); if(ans==INF) ans=-1; printf("%d\n",ans); } return 0; }