信奧題庫(OI題庫)8月月賽T1題解 冪次數
阿新 • • 發佈:2020-08-29
0.前置知識
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分解質因數
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快速冪(不必要)
1.思路
首先,我們知道一個正整數(設它為 \(a\) )一定能分解成這樣的形式:
\[a= \prod_{i\in N^*} p_i^{c_i} \]
其中, \(p\) 為質數序列。
就是分解質因數。
冪次數可以表示為 \(a^b\)(其中 \(a\) 為質數, \(b\) 為自然數)。如果 \(a^b\) 整除正整數 \(x\) ,並且 \(a^{b+1}\) 不整除 \(x\) ,那麼我們稱 \(a^b\) 為正整數 \(x\) 的冪次數。 ——摘自題目
結合上面的“ \(p_i^{c_i}\) ”,是不是發現了什麼?沒錯, 冪次數一定等於 \(p_i^{c_i}\)
有了這個結論,思路就變得十分清晰了——先對 \(x\) 分解質因數求出每個 \(p_i\) 和 \(c_i\) ,冪次數就一定是 \(p_i^{c_i}\) 。 求出每個冪次數,再排序,輸出前 \(k\) 個冪次數。
2.Code
#include <bits/stdc++.h> using namespace std; typedef long long ll; map<ll,ll> get_prime_facs(ll x){ //分解質因數,返回值代表每個ret[pi]=ci。 map<ll,ll> ret; ll fuck=x; for(ll i=2;i*i<=x;i++){//因為只可能存在一個大於根號x的因數,所以可以只迴圈到根號x while(fuck%i==0){//除掉每個i fuck/=i; ret[i]++; } } if(fuck!=1){//最後可能剩下一個大於根號x的因數 ret[fuck]++; } return ret; } ll quick_pow(ll x,ll y){//快速冪(其實不需要,換成暴力乘也可以) if(y==0){ return 1; }else if(y%2==1){ ll nxt=quick_pow(x,y/2); return nxt*nxt*x; }else{ ll nxt=quick_pow(x,y/2); return nxt*nxt; } } ll x,k; ll cmp(const ll &l,const ll &r){ return l>r; } int main(){ freopen("num.in","r",stdin); freopen("num.out","w",stdout); scanf("%lld%lld",&x,&k); vector<ll> ans; ans.push_back(1); map<ll,ll> facs=get_prime_facs(x); for(map<ll,ll>::iterator i=facs.begin();i!=facs.end();i++){ ans.push_back(quick_pow(i->first,i->second)); }//求出每個冪次數 sort(ans.begin(),ans.end(),cmp);//從大到小排序 for(int i=0;i<k;i++){//輸出最大的 printf("%lld ",ans[i]); } return 0; }