535D - Tavas and Malekas

思路：先把字符串填充好（後面填充的把前面覆蓋掉），然後用KMP查找有多少個子串，如果比填充的少，說明有些覆蓋矛盾，輸出0；否則，設不確定的點的個數為k，答案為(26^k)%(1e9+7)。

代碼：

#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
#define ll long long 
#define pb push_back
#define mem(a,b) memset((a),(b),sizeof(a))
const int N=1e6+5;
const int MOD=1e9+7
 
;
int f[N]={-1};
bool vis[N]={false};
bool vis1[N]={false};

int main()
{
    ios::sync_with_stdio(false);
    cin.tie(0);
    int n,t,a;
    string s;
    cin>>n>>t;
    cin>>s;
    int tt=t;
    while(t--)
    {
        cin>>a;
        vis[a-1]=true;//假裝填上了，其實也就是標記一下第一個點 
    }
    
    
 
int m=s.size();
    for(int i=1;i<m;i++)
    {
        int j=f[i-1];
        while(s[j+1]!=s[i]&&j>=0)j=f[j];
        if(s[j+1]==s[i])f[i]=j+1;
        else f[i]=-1;
    }
    
    int i=0,j=0,cnt=0;
    t=-1;
    while(i<n)
    {
        if(vis[i])t=i;//把標記那個點更新一下 
        if(t!=-1)
        {
            
 
if(i-t<m)
            {
                vis1[i]=true;//把填過的點標記下 
                if(s[i-t]==s[j])//本質是s串自己和自己比較啊 
                {
                    i++;
                    j++;
                    if(j==m)
                    {
                        cnt++;
                        j=f[j-1]+1;
                    }
                }
                else
                {
                    if(j==0)i++;
                    else j=f[j-1]+1;
                }
            }
            else i++;
        }
        else i++;
    } 
    
    if(cnt<tt)
    {
        cout<<0<<endl;
        return 0;
    }
    ll ans=1;
    for(int i=0;i<n;i++)if(!vis1[i])ans=(ans*26)%MOD;
    cout<<ans<<endl; 
    return 0;
} 

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