Educational Codeforces Round 39 (Rated for Div. 2) G

題意：

給一個序列\(a_i(1 <= a_i <= 10^{9}),2 <= n <= 200000\), 如果至多刪除其中的一個數之後該序列為嚴格上升序列，那麽稱原序列為幾乎嚴格上升序列。
現在每次將序列中的任意數字變成任意數字，問最少要操作幾次才能將序列變成幾乎嚴格上升子序列。

思路：

如果不考慮刪除，求讓整個序列都變成嚴格上升子序列的次數
求出\(序列a_i - i\)的最長不下降子序列的長度\(len\), \(n - len\)就是答案

現在來考慮刪除一個數的情況
我們枚舉刪除第\(k\)

#include<bits/stdc++.h>
#define LL long long
#define P pair<int,int>
using namespace std;
const int N = 4e5 + 10;
int a[N];
vector<int> b;
int n,nn;
int dppre[N],dpsuf[N],sufmx[N];
int mx[N << 2];
void update(int pos,int val,int l,int r,int rt){
    if(l == r){
        mx[rt] = max(mx[rt],val);
        return ;
    }
    int m = l + r >> 1;
    if(pos <= m) update(pos,val,l,m,rt<<1);
    else update(pos,val,m+1,r,rt<<1|1);
    mx[rt] = max(mx[rt << 1], mx[rt << 1|1]);
}
int querymx(int L,int R,int l,int r,int rt){
    if(L <= l && R >= r) return mx[rt];
    int ans = 0;
    int m = l + r>>1;
    if(L <= m) ans = max(ans, querymx(L, R, l, m, rt<<1));
    if(R > m) ans = max(ans, querymx(L, R, m + 1, r, rt<<1|1));
    return ans;
}
/*
10
5 6 7 8 9 5 10 11 12 13
*/
int main(){

    cin>>n;
    for(int i = 1;i <= n;i++){
        scanf("%d",a + i);
        b.push_back(a[i] - i);
        b.push_back(a[i] - i + 1);
    }
    sort(b.begin(), b.end());
    b.erase(unique(b.begin(),b.end()),b.end());
    nn = b.size();
    for(int i = n;i >= 1;i--){
        int pos = lower_bound(b.begin(), b.end(), a[i-1] - i+1) - b.begin() + 1;
        if(i == 1) pos = 1;
        sufmx[i-1] = querymx(pos, nn, 1, nn, 1);
        pos = lower_bound(b.begin(), b.end(), a[i] - i + 1) - b.begin() + 1;
        int v = querymx(pos, nn, 1, nn, 1);
        dpsuf[i] = v + 1;
        update(pos, dpsuf[i], 1, nn, 1);
        //cout<<i - 1<<" "<<sufmx[i - 1]<<" "<<v + 1<<endl;
    }
    for(int i = 1;i <= (nn<<2);i++){
        mx[i] = 0;
    }
    int ans = sufmx[0];
    for(int i = 1;i <= n;i++){
        int pos = lower_bound(b.begin(), b.end(), a[i] - i) - b.begin() + 1;
        int v = querymx(1, pos, 1, nn, 1);
        dppre[i] = v + 1;
        ans = max(dppre[i] + sufmx[i], ans);
        //cout<<i<<" "<<dppre[i]<<" "<<sufmx[i]<<endl;
        update(pos, dppre[i], 1, nn, 1);
    }
    cout<<max(0,n - 1 - ans)<<endl;
    return 0;
}
 

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