BZOJ_3124_[Sdoi2013]直徑_樹形DP
阿新 • • 發佈:2018-08-12
light printf 編號 inpu 無向圖 def dep cst 範圍
6
3 1 1000
1 4 10
4 2 100
4 5 50
4 6 100
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【樣例說明】
直徑共有兩條,3 到2的路徑和3到6的路徑。這兩條直徑都經過邊(3, 1)和邊(1, 4)。
BZOJ_3124_[Sdoi2013]直徑_樹形DP
Description
小Q最近學習了一些圖論知識。根據課本,有如下定義。樹:無回路且連通的無向圖,每條邊都有正整數的權值來表示其長度。如果一棵樹有N個節點,可以證明其有且僅有N-1 條邊。 路徑:一棵樹上,任意兩個節點之間最多有一條簡單路徑。我們用 dis(a,b)
表示點a和點b的路徑上各邊長度之和。稱dis(a,b)為a、b兩個節點間的距離。
直徑:一棵樹上,最長的路徑為樹的直徑。樹的直徑可能不是唯一的。
現在小Q想知道,對於給定的一棵樹,其直徑的長度是多少,以及有多少條邊滿足所有的直徑都經過該邊。
Input
第一行包含一個整數N,表示節點數。
接下來N-1行,每行三個整數a, b, c ,表示點 a和點b之間有一條長度為c
的無向邊。
Output
共兩行。第一行一個整數,表示直徑的長度。第二行一個整數,表示被所有
直徑經過的邊的數量。
Sample Input
6
3 1 1000
1 4 10
4 2 100
4 5 50
4 6 100
Sample Output
11102
【樣例說明】
直徑共有兩條,3 到2的路徑和3到6的路徑。這兩條直徑都經過邊(3, 1)和邊(1, 4)。
HINT
對於100%的測試數據:2≤N≤200000,所有點的編號都在1..N的範圍內,
邊的權值≤10^9。
邊權非負,可以用一個基於貪心的方法求直徑。
以1為根進行dfs,求出每個點到根的距離dis1,令rt1為最大的一個點。
以rt1為根就能拽出來一條直徑rt1---rt2,求出每個點到根的距離dis2。
所求的那些邊一定是連續的,如果不連續則中間的那個一定可以替代邊上的邊。
考慮dis2[i]=dis2[rt2]的那些點i,一定可以和rt1形成又一條直徑,於是可以把i和rt2的lca一下的那些邊摳掉。
然後反過來再做一遍就可以啦。
代碼:
#include <cstdio> #include <cstring> #include <algorithm> using namespace std; #define N 200050 typedef long long ll; int head[N],to[N<<1],nxt[N<<1],val[N<<1],cnt,n,fa[N],dep[N],f[25][N],dis3[N]; ll dis1[N],dis2[N]; int rt1,rt2; inline void add(int u,int v,int w) { to[++cnt]=v; nxt[cnt]=head[u]; head[u]=cnt; val[cnt]=w; } void dfs1(int x,int y) { int i; if(dis1[x]>dis1[rt1]) rt1=x; for(i=head[x];i;i=nxt[i]) { if(to[i]!=y) { dis1[to[i]]=dis1[x]+val[i]; dfs1(to[i],x); } } } void dfs2(int x,int y) { int i; fa[x]=y; f[0][x]=y; if(dis2[x]>dis2[rt2]) rt2=x; for(i=head[x];i;i=nxt[i]) { if(to[i]!=y) { dep[to[i]]=dep[x]+1; dis2[to[i]]=dis2[x]+val[i]; dfs2(to[i],x); } } } int lca(int x,int y) { if(dep[x]<dep[y]) swap(x,y); int i; for(i=20;i>=0;i--) { if(f[i][x]&&dep[f[i][x]]>=dep[y]) x=f[i][x]; } if(x==y) return x; for(i=20;i>=0;i--) { if(f[i][x]&&f[i][y]&&f[i][x]!=f[i][y]) x=f[i][x],y=f[i][y]; } return f[0][x]; } void dfs3(int x,int y) { int i; f[0][x]=y; for(i=head[x];i;i=nxt[i]) { if(to[i]!=y) { dep[to[i]]=dep[x]+1; dis3[to[i]]=dis3[x]+val[i]; dfs3(to[i],x); } } } int main() { scanf("%d",&n); int i,x,y,z; for(i=1;i<n;i++) { scanf("%d%d%d",&x,&y,&z); add(x,y,z); add(y,x,z); } dfs1(1,0); dfs2(rt1,0); int j; for(i=1;(1<<i)<=n;i++) { for(j=1;j<=n;j++) f[i][j]=f[i-1][f[i-1][j]]; } int U=rt2; for(i=1;i<=n;i++) if(dis2[i]==dis2[rt2]) U=lca(U,i); memset(f,0,sizeof(f)); dfs3(rt2,0); for(i=1;(1<<i)<=n;i++) { for(j=1;j<=n;j++) f[i][j]=f[i-1][f[i-1][j]]; } int D=rt1; // printf("%d %d\n",rt1,rt2); for(i=1;i<=n;i++) if(dis3[i]==dis3[rt1]) D=lca(D,i); printf("%lld\n%d\n",dis2[rt2],dep[D]-dep[U]); }
BZOJ_3124_[Sdoi2013]直徑_樹形DP