神奇的操作--O(1)快速乘
從同機房大佬那裏聽來的...
用O(1)時間求出兩個相乘超過long long的數的取摸的結果
神奇的操作...
inline long long multi(long long x,long long y,long long mod) { long long tmp=(x*y-(long long)((long double)x/mod*y+1.0e-8)*mod); return tmp<0 ? tmp+mod : tmp; }
神奇的操作--O(1)快速乘
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O(1)快速乘
求兩個數相乘超過long long取摸的快速運算O(1) inline long long multi(long long x,long long y,long long mod) { lon
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實現一個出棧,入棧,返回最小值的操作的時間複雜度為O(1)的棧
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問題描述 擴充套件stack的實現,完成正常的push,pop操作,新增訪問最小(或最大)元素的介面Min(),使得push,pop,Min的時間複雜度都是O(1)。 問題分析 拿到這道題,我們最先的思考往往是,設計一個演算法從棧中拿到最小值,所以
【資料結構】實現一個棧,要求實現Push(出棧)、Pop(入棧)、Min(返回最小值的操作)的時間複雜度為O(1)
實現一個棧,要求實現Push(出棧)、Pop(入棧)、Min(返回最小值的操作)的時間複雜度為O(1) 在棧中操作的話,push和pop的時間複雜度就是O(1),所以我們只用實現Min(返回最小值的操作)的時間複雜度為O(1), 思想就是用兩個棧,一個就是普通的存取資料的
倍增求快速冪,乘法,O(1) long long 乘法
#include<cstdio> #include<algorithm> #include<stdlib.h> #include<climits> #in
實現一個棧Stack,要求實現Push(出棧)、Pop(入棧)、 Min(返回最小值的操作)的時間複雜度為O(1)
利用兩個棧 1. 一個用來儲存最小的元素 smin 2. 一個用來儲存所有元素 scur 3. 入棧時,scur直接壓入,smin棧頂與目標元素比較,若小之則壓入,否則不做處理 4. 出棧時,s
實現一個棧Stack,要求實現Push(出棧)、Pop(入棧)、Min(返回最小值的操作)的時間複雜度為O(1)
這裡的要求呢,跟我們平時的stack操作是一樣的,那什麼地方不同呢?多了一個min方法,並且要求時間複雜度為O(1),那該怎麼做呢?O(1)的意思就是說,要用了,直接就能拿到,就好比陣列直到下標一樣,直接取。 那麼如果能夠將一個棧的棧頂一直存放的都是最小值呢?
提出一種資料結構支援push和pop操作以及第三種操作findMin,返回最小值,所有操作均以O(1)最壞時間執行
public class MyStack1 { private int[] data;//用於支援push和pop操作的陣列 private int[] minData;//用於支援findMin操作的陣列,儲存一個最小值序列 priva
【棧佇列】實現一個棧Stack,要求實現Push(出棧)、Pop(入棧)、Min(返回最小值的操作)的時間複雜度為O(1)
問題分析 要記錄從當前棧頂到棧底元素的最小值,很容易想到用一個變數,每push一個元素更新一次變數的值。那麼問題來了,當執行pop操作時,上一次的最小值就找不到了。 解決方法 方法1、 使用一個棧。元素x入棧時,執行一次push(x),再push(min
騰訊面試題:模板實現一個棧,要求Push(入棧),Pop(出棧),Max(返回最大值的操作)的時間複雜度為O(1)
解題思路:要用模板實現亂序入棧的陣列每次pop()出棧都能得到當前棧中Max的最大值,就必須在push()入棧時進行維護操作,使的每次入棧的元素都能夠找到合適的位置並push(),每次push()操作完成後棧中的元素都能夠按從棧頂到棧底從大到小排列即可。這就需要寫一個不同於常
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