傳送門

題目中給的信息很難直接維護,但是可以考慮一條邊對答案的貢獻

在以\(x\)為根的子樹裏,如果一條邊\(i\)的權值為\(w_i\),這條邊深度更深的端點為\(to_i\),那麽這條邊對這個子樹的貢獻為\(w_i*size_x*(size_x-size_{to_i})\),也就是這條邊會被計算邊兩端點個數之積次

那麽一個子樹的答案就是\[\sum_{i(to_i在x子樹裏,to_i \neq x)} w_i*size_{to_i}*(size_x-size_{to_i})\]

即\[\sum_{i(to_i在x子樹裏,to_i \neq x)} w_i*size_x*size_{to_i}-w_i*{size_{to_i}}^2\]

然後把邊權\(w_i\)保存在\(to_i\)上,維護\(w_i*size_{to_i}\)和\(w_i*{size_{to_i}}^2\)就是個板子題了

#include<bits/stdc++.h>
#define LL long long
#define il inline
#define re register
#define db double
#define eps (1e-7)

using namespace std;
const int N=70000+10,M=50000+10,mod=2019;
il LL rd()
{
  re LL x=0,w=1;re char ch=0;
  while(ch<'0'||ch>'9') {if(ch=='-') w=-1;ch=getchar();}
  while(ch>='0'&&ch<='9') {x=(x<<3)+(x<<1)+(ch^48);ch=getchar();}
  return x*w;
}
il int max(int a,int b){return a>b?a:b;}
il int min(int a,int b){return a<b?a:b;}
int s1[N<<2],s2[N<<2],z1[N<<2],z2[N<<2],s[N<<2],lz[N<<2];

#define lc (o<<1)
#define rc ((o<<1)|1)
#define mid ((l+r)>>1)
il void psup(int o){s1[o]=(s1[lc]+s1[rc])%mod,s2[o]=(s2[lc]+s2[rc])%mod;}
il void psdn(int o)
{
  if(lz[o])
    {
      s1[lc]=(s1[lc]+z1[lc]*lz[o]%mod)%mod,s2[lc]=(s2[lc]+z2[lc]*lz[o]%mod)%mod,lz[lc]=(lz[lc]+lz[o])%mod;
      s1[rc]=(s1[rc]+z1[rc]*lz[o]%mod)%mod,s2[rc]=(s2[rc]+z2[rc]*lz[o]%mod)%mod,lz[rc]=(lz[rc]+lz[o])%mod;
      lz[o]=0;
    }
}
void modif(int o,int l,int r,int ll,int rr,int x)
{
  if(ll<=l&&r<=rr)
    {
      s1[o]=(s1[o]+z1[o]*x%mod)%mod,s2[o]=(s2[o]+z2[o]*x%mod)%mod,lz[o]=(lz[o]+x)%mod;
      psdn(o);
      return;
    }
  psdn(o);
  if(ll<=mid) modif(lc,l,mid,ll,rr,x);
  if(rr>mid) modif(rc,mid+1,r,ll,rr,x);
  psup(o);
}
int quer1(int o,int l,int r,int ll,int rr)
{
  if(ll<=l&&r<=rr) return s1[o];
  psdn(o);
  int an=0;
  if(ll<=mid) an+=quer1(lc,l,mid,ll,rr);
  if(rr>mid) an+=quer1(rc,mid+1,r,ll,rr);
  psup(o);
  return an%mod;
}
int quer2(int o,int l,int r,int ll,int rr)
{
  if(ll<=l&&r<=rr) return s2[o];
  //psdn(o);
  int an=0;
  if(ll<=mid) an+=quer2(lc,l,mid,ll,rr);
  if(rr>mid) an+=quer2(rc,mid+1,r,ll,rr);
  //psup(o);
  return an%mod;
}
int to[M<<1],nt[M<<1],w[M<<1],hd[N],tot=1;
il void add(int x,int y,int z)
{
  ++tot,to[tot]=y,nt[tot]=hd[x],w[tot]=z,hd[x]=tot;
}
int sz[M],son[M],de[M],fa[M],top[M],id[M],a[M],b[M],ti;
void dfs1(int x)
{
  sz[x]=1;
  for(int i=hd[x];i;i=nt[i])
    {
      int y=to[i];
      //if(y==fa[x]) continue;
      /*fa[y]=x,*/de[y]=de[x]+1;
      dfs1(y);
      sz[x]+=sz[y];
      if(sz[y]>sz[son[x]]) son[x]=y;
    }
}
void dfs2(int x)
{
  id[x]=++ti,b[ti]=x;
  if(son[x]) top[son[x]]=top[x],dfs2(son[x]);
  for(int i=hd[x];i;i=nt[i])
    {
      int y=to[i];
      if(/*y==fa[x]||*/y==son[x]) continue;
      top[y]=y;
      dfs2(y);
    }
}
void bui(int o,int l,int r)
{
  if(l==r) {z1[o]=sz[b[l]]%mod,z2[o]=(z1[o]*z1[o])%mod,s1[o]=a[b[l]]*z1[o]%mod,s2[o]=a[b[l]]*z2[o]%mod;return;}
  bui(lc,l,mid),bui(rc,mid+1,r);
  psup(o);
  z1[o]=(z1[lc]+z1[rc])%mod,z2[o]=(z2[lc]+z2[rc])%mod;
}
int n,q,x,y,z;
char cc[4];

int main()
{
  n=rd(),q=rd();
  for(int i=2;i<=n;i++)
    {
      fa[i]=rd(),a[i]=rd()%mod;
      add(fa[i],i,a[i]);
    }
  dfs1(1),top[1]=1,dfs2(1);
  bui(1,1,n);
  while(q--)
    {
      scanf("%s",cc);
      if(cc[0]=='I')
        {
          x=rd(),y=rd(),z=rd()%mod;
          while(top[x]!=top[y])
            {
              if(de[top[x]]<de[top[y]]) swap(x,y);
              modif(1,1,n,id[top[x]],id[x],z);
              x=fa[top[x]];
            }
          if(de[x]>de[y]) swap(x,y);
          if(x!=y) modif(1,1,n,id[x]+1,id[y],z);
        }
      else
        {
          x=rd();
          if(sz[x]==1) puts("0"); 
          else printf("%d\n",((sz[x]%mod*quer1(1,1,n,id[x]+1,id[x]+sz[x]-1))%mod-quer2(1,1,n,id[x]+1,id[x]+sz[x]-1)+mod)%mod);
        }
    }
  return 0;
}
 

Wannafly挑戰賽21 E 未來城市規劃