Description

　　小A的樓房外有一大片施工工地，工地上有N棟待建的樓房。每天，這片工地上的房子拆了又建、建了又拆。他經常無聊地看著窗外發呆，數自己能夠看到多少棟房子。
　　為了簡化問題，我們考慮這些事件發生在一個二維平面上。小A在平面上(0,0)點的位置，第i棟樓房可以用一條連線(i,0)和(i,Hi)的線段表示，其中Hi為第i棟樓房的高度。如果這棟樓房上任何一個高度大於0的點與(0,0)的連線沒有與之前的線段相交，那麼這棟樓房就被認為是可見的。
　　施工隊的建造總共進行了M天。初始時，所有樓房都還沒有開始建造，它們的高度均為0。在第i天，建築隊將會將橫座標為Xi的房屋的高度變為Yi(高度可以比原來大---修建，也可以比原來小---拆除，甚至可以保持不變---建築隊這天什麼事也沒做)。請你幫小A數數每天在建築隊完工之後，他能看到多少棟樓房？

Input

　　第一行兩個正整數N,M
　　接下來M行，每行兩個正整數Xi,Yi

Output

　　M行，第i行一個整數表示第i天過後小A能看到的樓房有多少棟

Sample Input

Sample Output

此題的LIS值的是，從左方的視野“可見”的哪些房子，我們維護兩個東西：

      mx：一個區間max

      res：這個區間的LIS。

現在我們考慮一個區間，假設這個區間前面的視野高度為pre，那麼，那麼這個區間的mx小於等於pre，說明貢獻為0；否則如果左區間小於等於pre，那麼只考慮右區間；否則這個區間的貢獻=左區間的貢獻+res[now]-res[now<<1|1]，因為左區間使用了，那麼最大值一定會使用，所以右區間的貢獻不變，所以不用下推。

#include<bits/stdc++.h>
#define rep(i,a,b) for(int i=a;i<=b;i++)
using namespace
 
 std;
const int maxn=400010;
double mx[maxn];int res[maxn];
void read(int &x){
    x=0; char c=getchar();
    while(c>'9'||c<'0') c=getchar();
    while(c>='0'&&c<='9') x=x*10+c-'0',c=getchar();
}
int cal(int Now,int L,int R,double pre)
{
    if(mx[Now]<=pre) return 0;//
    if(L==R) return mx[Now]>pre;
    int Mid=(L+R)>>1;
    if(mx[Now<<1]<=pre) return cal(Now<<1|1,Mid+1,R,pre);
    return cal(Now<<1,L,Mid,pre)+res[Now]-res[Now<<1];
    //由於左邊的最大值肯定會使用，所以這種情況下，右邊的值不變。
}
void update(int Now,int L,int R,int pos,double h)
{
    if(L==R) { mx[Now]=h; res[Now]=1; return ;}
    int Mid=(L+R)>>1;
    if(pos<=Mid) update(Now<<1,L,Mid,pos,h);
    else update(Now<<1|1,Mid+1,R,pos,h);
    mx[Now]=max(mx[Now<<1],mx[Now<<1|1]);
    if(mx[Now<<1]>=mx[Now<<1|1]) res[Now]=res[Now<<1];
    else res[Now]=res[Now<<1]+cal(Now<<1|1,Mid+1,R,mx[Now<<1]);
}
int main()
{
    int N,M,p,h; scanf("%d%d",&N,&M);
    rep(i,1,M){
        read(p); read(h);
        update(1,1,N,p,(double)h/p);
        printf("%d\n",res[1]);
    }
    return 0;
}