codeforces 794 D Labelling Cities(腦洞)
阿新 • • 發佈:2018-12-24
題意:
一個圖有n個點,m條邊,保證整個圖連通,問能否構造出一種權值,使得兩個點之間權值差小於等於1當且僅當兩個點有邊相連。
解題思路:
其實感覺想法應該都是有的,但是很難整合出來,在幾個點之間不互相連線的前提下,一個點如果連線其中超過2個點,肯定就不能構造出這樣的權值。然後比較難想的就是可以把相鄰的點集合(包括自己)相同的點的權值都賦值為相同,但是知道了這個後是很容易想通的,因為他們相鄰的情況都相同,所以相鄰的點跟自己的差值都相同, 所以可以當成一個點。這樣完成縮點後,重新連線邊,就可以用到之前的結論了。為什麼縮點後就能滿足滿足前提呢?一個點連線三個互相獨立的點,假如這三個點當中有兩個點有邊相連,那麼說明這兩個點的相鄰的點的集合相同可以縮點,所以縮點完成後肯定滿足了前提,具體過程自己想想就可以了。
另外最後成環的肯定也是不可以的。
然後具體做法就是排序或者雜湊出有相同集合的點,進行縮點,重新建圖,然後判斷每個點度是否小於2,用 並查集判斷是否成環,都滿足後dfs跑一下這條鏈(最後就肯定是鏈啦),從鏈頂開始賦值就好了。
程式碼(雜湊):
#include <bits/stdc++.h> #define mk make_pair #define ps push_back #define LL long long using namespace std; const int maxn=3e5+5; LL bt[maxn]; LL d[maxn]; map<LL, int>has; pair<int, int>edg[maxn]; int f[maxn]; int id[maxn]; int lab[maxn]; vector<int>e[maxn]; int getf(int x) { if(x==f[x])return x; else return f[x]=getf(f[x]); } void dfs(int x, int y, int de) { int i; lab[x]=de; for(i=0; i<(int)e[x].size(); i++) { if(e[x][i]==y)continue; dfs(e[x][i], x, de+1); } } int main() { int i, j, n, m; cin>>n>>m; int x, y; bt[0]=1; for(int i=1; i<=n; i++) { bt[i]=3*bt[i-1]; d[i]=bt[i]; } for(i=0; i<m; i++) { scanf("%d%d", &x, &y); edg[i]=mk(x,y); d[x]+=bt[y], d[y]+=bt[x]; } j=1; for(i=1; i<=n; i++) { if(!has[d[i]])has[d[i]]=j++; id[i]=has[d[i]]; f[i]=i; } for(i=0; i<m; i++) { x=id[edg[i].first], y=id[edg[i].second]; if(x==y)continue; for(j=0; j<(int)e[x].size(); j++) { if(e[x][j]==y)break; } if(j>=2){return 0*printf("NO\n");} if(j==(int)e[x].size()) e[x].ps(y); else continue; for(j=0; j<(int)e[y].size(); j++) { if(e[y][j]==x)break; } if(j>=2){return 0*printf("NO\n");} if(j==(int)e[y].size()) e[y].ps(x); else continue; if(getf(x)==getf(y)) { return 0*printf("NO\n"); } else f[getf(y)]=f[getf(x)]; } for(i=1; i<=n; i++) { if((int)e[id[i]].size()<2) { dfs(id[i], -1, 1); } } printf("YES\n"); for(i=1; i<=n; i++)printf(i==n?"%d\n":"%d ", lab[id[i]]); }