中文題面，還特長。請各位自行品嚐→星際競速

分析：

　　首先拆穿題面一個偽裝。題面裡竟然明擺著說是雙向圖，後來又變成了“只能由每個星球飛往引力比它大的星球”，所以這就是出題人湊字數的把戲，我們直接將其看作單向邊就好了（不過如果給的順序反了要swap一下）

　　這個題目的圖比較好建，比起那些奇奇怪怪的轉化，我們只需要按著題面建圖就好了。

　　我們要滿足“每個點恰好訪問一次”這個限制，在求最小費用的題目裡，我們應該用最大流來保證這種限制（就是說，當全圖為最大流時，即為訪問每個點恰好一次）

　　我們按照在這個思路去建圖。將每個星球拆成一個入點和一個出點

　　從原點S向每個星球的入點連一條容量為1費用為0的邊。

　　從原點向每個點的出點連一條容量為1費用為瞬移定位時間的邊（表示不走尋常路的流？）

　　假如在原圖中存在（x->y）的一條邊，那麼我們從x的入點向y的出點連容量為1費用為航路所需時間的邊（表示從x點走向了y點完成了這條航道的使命？）

　　最小費用最大流，輸出費用，結束。

程式碼：

 1 #include<bits/stdc++.h>
 2 #define ms(a,x) memset(a,x,sizeof(a))
 3 using namespace std;
 4 const int N=5000,M=100000;
 5 const int inf=0x3f3f3f3f
 
;
 6 queue<int>q;int c1[N],c2[N],cnt;
 7 struct node{int y,z,f,nxt;}e[M];
 8 int lst[N],pre[N],S,T;bool vis[N];
 9 int h[N],c=1,n,m,d[N],f[N],ans,tot;
10 void add(int x,int y,int l,int z){
11     e[++c]=(node){y,z,l,h[x]};h[x]=c;
12     e[++c]=(node){x,-z,0,h[y]};h[y]=c;
13 } bool spfa(){
14     for
 
(int i=S;i<=T;i++) pre[i]=-1,
15     f[i]=inf,lst[i]=vis[i]=0,d[i]=inf;
16     q.push(S);d[S]=0;pre[S]=0;
17     while(q.size()){
18         int x=q.front();q.pop();vis[x]=0;
19         for(int i=h[x],y;~i;i=e[i].nxt)
20         if(d[y=e[i].y]>d[x]+e[i].z&&e[i].f){
21             d[y]=d[x]+e[i].z;pre[y]=x;lst[y]=i;
22             f[y]=min(f[x],e[i].f);
23             if(!vis[y]) vis[y]=1,q.push(y);
24         }
25     } return (pre[T]!=-1);
26 } void solve(){
27     while(spfa()){
28         ans+=d[T]*f[T];int x=T;
29         while(x) e[lst[x]].f-=f[T],
30         e[lst[x]^1].f+=f[T],x=pre[x];
31     } return ;
32 } int main(){ ms(h,-1);
33     scanf("%d%d",&n,&m);S=0;cnt=0;
34     for(int i=1;i<=n;i++) 
35     c1[i]=++cnt,c2[i]=++cnt;T=++cnt;
36     for(int i=1,x;i<=n;i++)
37     scanf("%d",&x),add(S,c2[i],1,x);
38     for(int i=1;i<=n;i++) add(S,c1[i],1,0);
39     for(int i=1;i<=n;i++) add(c2[i],T,1,0);
40     for(int i=1,x,y,z;i<=m;i++){
41         scanf("%d%d%d",&x,&y,&z);if(x>y)
42         swap(x,y);add(c1[x],c2[y],1,z);
43     } solve();
44     printf("%d\n",ans);return 0;
45 }