題目連結：
http://poj.org/problem?id=1185
題解：
經典的狀壓dp題目，和poj3254的題意很像，只不過poj3254是poj1185的簡化版，相當於炮兵的攻擊範圍減少了一，這樣的話我們發現與poj3254不同的是，這次第ｉ行的狀態不僅會受到第ｉ-1行的影響，還會受到ｉ-2行的影響，按poj3254的思路來做只是相當於又多加了一重迴圈來列舉第ｉ-2行的狀態，dp也要增加一維，好在按題中的影響範圍，列舉狀態後發現即使ｍ=10也只有60種狀態滿足，因此100×60×60×60不會超時，且100×60×60也開的下。
程式碼：

#include<iostream>
#include<algorithm>
 

#include<stdio.h>
#include<string.h>
using namespace std;
int n,m,sta[65];
long long dp[105][65][65];
int map[105];
char s[15];
int judge(int x)//判斷狀態ｘ是否滿足不互相攻擊
{
    if ((x&(x<<1))!=0 || (x&(x<<2))!=0)
    return 0;
    return 1;
}
int sum(int x)//計算狀態ｘ放置了多少個炮兵
{
    int su=0
 
;
    x=sta[x];
    for (int i=0;i<m;i++)
    if (((1<<i)&x)!=0)
    su++;
    return su;
}
int main()
{
    scanf("%d%d",&n,&m);
    for (int i=1;i<=n;i++)
    {
        scanf("%s",s);
        for (int j=0;j<m;j++)
        {
            if (s[j]=='H')
            map[i]+=(1<<j);
        }
    }
    int
 
 tot=0;
    for (int i=0;i<(1<<m);i++)
    if (judge(i))
    {
        tot++;
        sta[tot]=i;
    }
    //cout<<tot<<endl;
    memset(dp,0,sizeof(dp));
    //dp[i][j][k]表示第i行狀態為j且第i-1行狀態為k時最多安放幾個炮兵
    for (int i=1;i<=tot;i++)
    if ((map[1]&sta[i])==0)
    dp[1][i][1]=sum(i);

    for (int i=2;i<=n;i++)
    for (int j=1;j<=tot;j++)
    {
        if ((sta[j]&map[i-2])!=0) continue;
        for (int k=1;k<=tot;k++)
        {
            if ((sta[k]&sta[j])!=0) continue;
            if ((sta[k]&map[i-1])!=0) continue;
            for (int w=1;w<=tot;w++)
            {
                if ((sta[w]&map[i])!=0) continue;
                if ((sta[w]&sta[j])!=0) continue;
                if ((sta[w]&sta[k])!=0) continue;
                dp[i][w][k]=max(dp[i][w][k],dp[i-1][k][j]+sum(w));
                //cout<<i<<' '<<w<<' '<<k<<' '<<j<<endl;
                //cout<<dp[i][w][k]<<endl;
            }
        }
    }
    long long ans=0;
    //取最值
    for (int i=1;i<=tot;i++)
    for (int j=1;j<=tot;j++)
    {
        if ((map[n-1]&sta[i])!=0)continue;
        if ((map[n]&sta[j])!=0)continue;
        if ((sta[i]&sta[j])!=0)continue;
        ans=max(dp[n][j][i],ans);
    }
    printf("%lld\n",ans);
}