描述

計算 1 至 n 中數字 X 出現的次數，其中 n≥1,X∈[0,9]

解題思路

這是一道比較簡單的題目，舉個例子先：假設 n=11,X=1

，那麼就是求 1, 2, 3, 4, 5, 6, 7, 8, 9, 10, 11 這 11 個數字中 1 出現的次數，很容易能看出來結果為 4，在 1 和 10 中各出現了一次，在 11 中出現了兩次。

最簡單的辦法就是依次遍歷 1 至 n，再分別求每個數字中 X 出現的次數，程式碼如下所示：

#include <stdio.h>

// 計算數字 X 在 n 中出現的次數。
int countOne(int n, int x) {
    int
 
 cnt = 0;
    for (;n > 0;n /= 10) {
        if (n % 10 == x) {
            cnt++;
        }
    }
    return cnt;
}
// 計算數字 X 在 1-n 中出現的次數。
int count(int n, int x) {
    int cnt = 0;
    for (int i = 1;i <= n;i++) {
        cnt += countOne(i, x);
    }
    return cnt;
}
int main() {
    printf("%d\n"
 
, count(237, 1));
}

這個方法的缺點是時間複雜度太高，countOne 方法的時間複雜度是 O(log10n)
，count 方法的時間複雜度是 O(nlog10n)

一個更好的辦法是利用數學公式直接計算出最終的結果，該方法是依次求出數字 X 在個位、十位、百位等等出現的次數，再相加得到最終結果。這裡的 X∈[1,9]
，因為 X=0不符合下列規律，需要單獨計算。

首先要知道以下的規律：

從 1 至 10，在它們的個位數中，任意的 X 都出現了 1 次。
從 1 至 100，在它們的十位數中，任意的 X 都出現了 10 次。
從 1 至 1000，在它們的千位數中，任意的 X 都出現了 100 次。
 

依此類推，從 1 至 10i，在它們的左數第二位（右數第 i 位）中，任意的 X 都出現了 10i−1次。

這個規律很容易驗證，這裡不再多做說明。

接下來以 n=2593,X=5為例來解釋如何得到數學公式。從 1 至 2593 中，數字 5 總計出現了 813 次，其中有 259 次出現在個位，260 次出現在十位，294 次出現在百位，0 次出現在千位。

現在依次分析這些資料，首先是個位。從 1 至 2590 中，包含了 259 個 10，因此任意的 X 都出現了 259 次。最後剩餘的三個數 2591, 2592 和 2593，因為它們最大的個位數字 3 < X，因此不會包含任何 5。
然後是十位。從 1 至 2500 中，包含了 25 個 100，因此任意的 X 都出現了 25×10=250次。剩下的數字是從 2501 至 2593，它們最大的十位數字 9 > X，因此會包含全部 10 個 5。最後總計 250 + 10 = 260。
接下來是百位。從 1 至 2000 中，包含了 2 個 1000，因此任意的 X 都出現了 2×100=200次。剩下的數字是從 2001 至 2593，它們最大的百位數字 5 == X，這時情況就略微複雜，它們的百位肯定是包含 5 的，但不會包含全部 100 個。如果把百位是 5 的數字列出來，是從 2500 至 2593，數字的個數與百位和十位數字相關，是 93+1 = 94。最後總計 200 + 94 = 294。
最後是千位。現在已經沒有更高位，因此直接看最大的千位數字 2 < X，所以不會包含任何 5。到此為止，已經計算出全部數字 5 的出現次數。

總結一下以上的演算法，可以看到，當計算右數第 i位包含的 X 的個數時：
取第 i位左邊（高位）的數字，乘以 10i−1，得到基礎值 a
取第 i位數字，計算修正值：
如果大於 X，則結果為 a+10i−1
如果小於 X，則結果為 a
如果等 X，則取第 i
位右邊（低位）數字，設為 b，最後結果為 a+b+1

相應的程式碼非常簡單，效率也非常高，時間複雜度只有 O(log10n)。

// 計算數字 X 在 1-n 中出現的次數。
int count(int n, int x) {
    int cnt = 0, k;
    for (int i = 1;k = n / i;i *= 10) {
        // k / 10 為高位的數字。
        cnt += (k / 10) * i;
        // 當前位的數字。
        int cur = k % 10;
        if (cur > x) {
            cnt += i;
        } else if (cur == x) {
            // n - k * i 為低位的數字。
            cnt += n - k * i + 1;
        }
    }
    return cnt;
}

當 X = 0 時，規律與上面給出的規律不同，需要另行考慮。

最主要的區別是，最高位中永遠是不會包含 0 的，因此，從個位累加到左起第二位就要結束，需要將上面程式碼中 for 迴圈的判斷條件改為 k / 10 != 0。
其次是，第 i位的基礎值不是高位數字乘以 10i−1，而是乘以 10i−1−1
。
以 1 至 102 為例，千位中實際包含 3 個 0，但這三個 0 是來自於個位 2 計算得到的修正值，而非來自於基礎值。千位的基礎值是 0，因為不存在數字 01, 02, 03, …, 09，即數字前是沒有前導 0 的。解決辦法就是將上面程式碼中第 6 行改為 cnt += (k / 10 - 1) * i。

經過綜合與化簡，得到了以下程式碼：

// 計算數字 0 在 1-n 中出現的次數。
int countZero(int n) {
    int cnt = 0, k;
    // k / 10 為高位的數字。
    for (int i = 1;(k = n / i) / 10;i *= 10) {
        cnt += (k / 10) * i;
        // k % 10 為當前位的數字。
        if (k % 10 == 0) {
            // n - k * i 為低位的數字。
            cnt += n - k * i + 1 - i;
        }
    }
    return cnt;
}

主要是將一些步驟進行了合併，令程式碼比較簡練。

將上面兩段程式碼進行合併，可以得到以下程式碼，對 X 從 0 到 9 都有效：

// 計算數字 X 在 1-n 中出現的次數。
int count(int n, int x) {
    int cnt = 0, k;
    for (int i = 1;k = n / i;i *= 10) {
        // 高位的數字。
        int high = k / 10;
        if (x == 0) {
            if (high) {
                high--;
            } else {
                break;
            }
        }
        cnt += high * i;
        // 當前位的數字。
        int cur = k % 10;
        if (cur > x) {
            cnt += i;
        } else if (cur == x) {
            // n - k * i 為低位的數字。
            cnt += n - k * i + 1;
        }
    }
    return cnt;
}

作者：CYJB
出處：http://www.cnblogs.com/cyjb/
GitHub：https://github.com/CYJB/
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