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其實這題難點在於處理路徑包含關系

先求出樹的dfn序,現在假設路徑\(xy\)包含\(uv(dfn_x<dfn_y,dfn_u<dfn_v)\)

• 如果\(lca(u,v)!=u\),那麽\(x,y\)要分別在\(u,v\)子樹中,即\(dfn_u\le dfn_x\le dfn_u+sz_u-1,dfn_v\le dfn_y\le dfn_v+sz_v-1\)

• 如果\(lca(u,v)=u\),設\(uv\)鏈上\(u\)的下一個點為\(w\),那麽\(x,y\)一個在\(w\)子樹外,一個在\(v\)子樹內,即\(1\le dfn_x\le dfn_w-1,dfn_v\le dfn_y\le dfn_v+sz_v-1\)

  或\(dfn_v\le dfn_x\le dfn_v+sz_v-1,dfn_w+sz_w\le dfn_x\le n\)

然後把\(dfn_x,dfn_y\)看成一個點,所以一條路徑的子路徑條數就是那個點被多少矩形覆蓋,矩形覆蓋可以掃描線解決

因為多組詢問+可以離線,所以套個整體二分求第k小就好了

#include<bits/stdc++.h>
#define LL long long
#define db double
#define il inline
#define re register

using namespace std;
const int N=40000+10;
il int rd()
{
    int x=0,w=1;char ch=0;
    while(ch<'0'||ch>'9') {if(ch=='-') w=-1;ch=getchar();}
    while(ch>='0'&&ch<='9') {x=(x<<3)+(x<<1)+(ch^48);ch=getchar();}
    return x*w;
}
int to[N<<1],nt[N<<1],hd[N],tot;
il void add(int x,int y)
{
    ++tot,to[tot]=y,nt[tot]=hd[x],hd[x]=tot;
    ++tot,to[tot]=x,nt[tot]=hd[y],hd[y]=tot;
}
int fa[N],sz[N],de[N],hs[N],top[N],dfn[N],pp[N],ti;
void dfs1(int x)
{
    sz[x]=1;
    for(int i=hd[x];i;i=nt[i])
    {
        int y=to[i];
        if(y==fa[x]) continue;
        fa[y]=x,de[y]=de[x]+1,dfs1(y),sz[x]+=sz[y];
        hs[x]=sz[hs[x]]>sz[y]?hs[x]:y;
    }
}
void dfs2(int x,int ntp)
{
    dfn[x]=++ti,pp[ti]=x,top[x]=ntp;
    if(hs[x]) dfs2(hs[x],ntp);
    for(int i=hd[x];i;i=nt[i])
    {
        int y=to[i];
        if(y!=fa[x]&&y!=hs[x]) dfs2(y,y);
    }
}
int glca(int x,int y)
{
    while(top[x]!=top[y])
    {
        if(de[top[x]]<de[top[y]]) swap(x,y);
        x=fa[top[x]];
    }
    return de[x]<de[y]?x:y;
}
int n,m,tt,q,an[N],c[N];
void ad(int x,int y){if(!x) return;while(x<=n) c[x]+=y,x+=x&(-x);}
int gsm(int x){int an=0;while(x) an+=c[x],x-=x&(-x);return an;}
struct md
{
    int x,l,r,z,k;
    bool operator < (const md &bb) const {return x<bb.x;}
}mm[N<<2],lmm[N<<2],rmm[N<<2];
struct qu
{
    int x,y,k,i;
    bool operator < (const qu &bb) const {return x<bb.x;}
}qq[N],lq[N],rq[N];
void dc(int l,int r,int ll,int rr,int lx,int rx)
{
    if(l>r||ll>rr) return;
    if(lx==rx)
    {
        for(int i=ll;i<=rr;++i) an[qq[i].i]=lx;
        return;
    }
    int mid=(lx+rx)>>1;
    int tl1=0,tr1=0,tl2=0,tr2=0,i=l,j=ll;
    while(i<=r||j<=rr)
    {
        if(j>rr||(i<=r&&mm[i].x<=qq[j].x))
        {
            if(mm[i].z<=mid) lmm[++tl1]=mm[i],ad(mm[i].l,mm[i].k),ad(mm[i].r+1,-mm[i].k);
            else rmm[++tr1]=mm[i];
            ++i;
        }
        else
        {
            int cn=gsm(qq[j].y);
            if(cn>=qq[j].k) lq[++tl2]=qq[j];
            else qq[j].k-=cn,rq[++tr2]=qq[j];
            ++j;
        }
    }
    for(int i=1;i<=tl1;++i) mm[l+i-1]=lmm[i],ad(lmm[i].l,-lmm[i].k),ad(lmm[i].r+1,lmm[i].k);
    for(int i=1;i<=tr1;++i) mm[l+tl1+i-1]=rmm[i];
    for(int i=1;i<=tl2;++i) qq[ll+i-1]=lq[i];
    for(int i=1;i<=tr2;++i) qq[ll+tl2+i-1]=rq[i];
    dc(l,l+tl1-1,ll,ll+tl2-1,lx,mid),dc(l+tl1,r,ll+tl2,rr,mid+1,rx);
}

int main()
{
    n=rd(),m=rd(),q=rd();
    for(int i=1;i<n;++i) add(rd(),rd());
    dfs1(1),dfs2(1,1);
    for(int i=1;i<=m;++i)
    {
        int x=rd(),y=rd(),z=rd();
        if(dfn[x]>dfn[y]) swap(x,y);
        int lca=glca(x,y);
        if(lca!=x) mm[++tt]=(md){dfn[x],dfn[y],dfn[y]+sz[y]-1,z,1},mm[++tt]=(md){dfn[x]+sz[x],dfn[y],dfn[y]+sz[y]-1,z,-1};
        else
        {
            int xx=y,la;
            while(top[x]!=top[xx]) la=top[xx],xx=fa[top[xx]];
            xx=xx!=x?pp[dfn[x]+1]:la;
            mm[++tt]=(md){1,dfn[y],dfn[y]+sz[y]-1,z,1},mm[++tt]=(md){dfn[xx],dfn[y],dfn[y]+sz[y]-1,z,-1};
            mm[++tt]=(md){dfn[y],dfn[xx]+sz[xx],n,z,1},mm[++tt]=(md){dfn[y]+sz[y],dfn[xx]+sz[xx],n,z,-1};
        }
    }
    sort(mm+1,mm+tt+1);
    while(mm[tt].x>n) --tt;
    for(int i=1;i<=q;++i)
    {
        int x=rd(),y=rd(),k=rd();
        if(dfn[x]>dfn[y]) swap(x,y);
        qq[i]=(qu){dfn[x],dfn[y],k,i};
    }
    sort(qq+1,qq+q+1);
    dc(1,tt,1,q,0,1<<30);
    for(int i=1;i<=q;++i) printf("%d\n",an[i]);
    return 0;
}
 

luogu P3242 [HNOI2015]接水果