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Description

有\(m\)種物品，每種物品有無限個，你可以購買\(n\)個物品。

對於第\(i\)種物品：​第一次買時的貢獻是\(a_i\) ，接下來每購買一個的貢獻都是\(b_i\)。即當你買了\(x_i\)個第\(i\)種物品時，貢獻是 \(a_i+b_i \times (x_i-1)\)

現在要你求出最大貢獻。

Solution

這道題有一個重要的性質，就是我們要麼不買\(b_i\)，要麼只買一種\(b_i\)。證明：不妨設買第\(i\)種物品\(t_i\)個和第\(j\)種物品\(t_j\)個，且\(b_i\ge{b_j}\)。假設\(t_i>1,t_j>1\)

還有一個性質，就是如果我們選擇買一種\(b_i\)，那麼\(\le{b_i}\)的\(a_j\)必定不選，\(>b_i\)的\(a_j\)必定要選。

這樣我們就可以二分了（就是過載小於號\(lower\_bound\)）

Code

#include <bits/stdc++.h>

using namespace std;

#define ll long long

int t, n, m;

ll res, s[100005];

struct node
{
	int a, b;
}obj[100005];

int read()
{
	int x = 0, fl = 1; char ch = getchar();
	while (ch < '0' || ch > '9') { if (ch == '-') fl = -1; ch = getchar();}
	while (ch >= '0' && ch <= '9') {x = (x << 1) + (x << 3) + ch - '0'; ch = getchar();}
	return x * fl;
}

bool operator < (const node &a, const node &b)
{
	return a.a > b.a;
}

int main()
{
	t = read();
	while (t -- )
	{
		n = read(); m = read();
		for (int i = 1; i <= m; i ++ )
		{
			obj[i].a = read();
			obj[i].b = read();
		}
		sort(obj + 1, obj + m + 1);
		for (int i = 1; i <= m; i ++ )
			s[i] = s[i - 1] + (ll)obj[i].a;
		res = s[min(n, m)];
		for (int i = 1; i <= m; i ++ )
		{
			int pos = lower_bound(obj + 1, obj + m + 1, (node){obj[i].b, 0}) - obj - 1;
			if (pos < i && pos <= n - 1) res = max(res, s[pos] + obj[i].a + 1ll * (n - pos - 1) * obj[i].b);
			else if (pos <= n) res = max(res, s[pos] + 1ll * (n - pos) * obj[i].b);
 		}
		printf("%lld\n", res);
	}
	return 0;
}