HDU 6778 Car (狀壓DP)
阿新 • • 發佈:2020-07-27
Car
Time Limit: 2000/1000 MS (Java/Others)Memory Limit: 65536/65536 K (Java/Others)
Total Submission(s): 272Accepted Submission(s): 113
每天可以限制若干尾號的車輛,譬如說週一限尾號為 0 的車,週二限尾號為 1,2 的車。
每個尾號在五天當中最多隻能被限一次,一天也可以什麼牌照都不限。
我們要設定一個容量上限m,使得至少存在一種方案,每一天不被限號的車的總數都小於等於m。
請求出最小的m
對於每組資料,第一行一個正整數n(1≤n≤10000)表示這個城市裡有多少輛車。
接下來n行,每行一個字串表示車牌。車牌由 5 位字元構成,每位都是'0'-'9'的數字。兩輛車的車牌可能相同。 Output 對於每組資料,一行一個整數表示答案。 Sample Input 2 1 00000 10 00000 00001 00002 00003 00004 00005 00006 00007 00008 00009 Sample Output 1 8 Source 2020 年百度之星·程式設計大賽 - 初賽二 Recommend heyang
析:我做的方式和官方題解不一樣,我沒有使用二分,直接dp[i][state]表示前i天,已經限號的尾號的狀態是state,在第i 天時,只需要每次列舉剩下的還沒有限號的尾號,需要和前i-1取的最大值,然後再在第i天中取個最小值即可
#pragma comment(linker, "/STACK:1024000000,1024000000") #include <cstdio> #include <string> #include <cstdlib> #include <cmath> #include <iostream> #include <cstring> #include <set> #include <queue> #include <algorithm> #include <vector> #include <map> #include <cctype> #include <cmath> #include <stack> #include <sstream> #include <list> #include <assert.h> #include <bitset> #include <numeric> #include <unordered_map> #define debug() puts("++++") #define print(x) cout<<(x)<<endl // #define gcd(a, b) __gcd(a, b) #define lson l,m,rt<<1 #define rson m+1,r,rt<<1|1 #define fi first #define se second #define pb push_back #define sqr(x) ((x)*(x)) #define ms(a,b) memset(a, b, sizeof a) #define sz size() #define be begin() #define ed end() #define pu push_up #define pd push_down #define cl clear() #define lowbit(x) -x&x #define all 1,n,1 #define FOR(i,n,x) for(int i = (x); i < (n); ++i) #define freopenr freopen("in.in", "r", stdin) #define freopenw freopen("out.out", "w", stdout) using namespace std; typedef long long LL; typedef unsigned long long ULL; typedef pair<int, int> P; const int INF = 0x3f3f3f3f; const LL LNF = 1e17; const double inf = 1e20; const double PI = acos(-1.0); const double eps = 1e-8; const int maxn = 1024 + 7; const int maxm = 2000000 + 7; const LL mod = 1e9 + 7; const int dr[] = {-1, 1, 0, 0, 1, 1, -1, -1}; const int dc[] = {0, 0, 1, -1, 1, -1, 1, -1}; int n, m; inline bool is_in(int r, int c) { return r >= 0 && r < n && c >= 0 && c < m; } inline int readInt(){ int x; cin >> x; return x; } const int limit = 1024; unordered_map<int, int> mp; int dp[7][maxn]; int get_num(int state){ int res = n; for(int i = 0; i < 10; ++i) if(state&1<<i) res -= mp[i]; return res; } int main(){ int T; scanf("%d", &T); while(T--){ scanf("%d", &n); mp.cl; for(int i = 0; i < n; ++i){ scanf("%d", &m); ++mp[m%10]; } ms(dp, INF); for(int i = 0; i < limit; ++i){ int res = n; for(int j = 0; j < 10; ++j) if(i&1<<j) res -= mp[j]; dp[1][i] = res; } for(int i = 2; i <= 5; ++i){ for(int j = 0; j < limit; ++j){ int s = j ^ limit - 1; for(int s0 = s; s0; s0 = (s0-1) & s){ dp[i][j|s0] = min(dp[i][j|s0], max(get_num(s0), dp[i-1][j])); } } } int ans = INF; for(int i = 0; i < limit; ++i) ans = min(ans, dp[5][i]); printf("%d\n", ans); } return 0; }