今天筆了cvte的實習生線上筆試題，一個感覺，基礎很重要，如果沒有紮實的基礎，全是不定項的選擇題，真的都是致命傷；

下面我就程式設計題–字串的全排列進行總結；

當然，這道題在劍指offer上就有，面試經常出，我以前也做過，但是時間長了，不太熟了，做的時候挺吃力，就在這裡總結一下吧！

題目： 輸入一個字串，列印該字串中字元的所有排列，例如輸入abc，則打印出abc,acb,bac,bca,cab,cba。

解法一：遞迴

就是常見的遞迴的解法，先固定第一個位置的字元，然後排列後面的字元，然後和第二個字元交換，將第二個字元固定在第一個位置，排列後面的字元，依次類推，就排列出了所有組合，其實就是個遞迴的問題，大問題不停的劃分為子問題；

abc為例：

1> 固定a，對bc進行排列，我們又可以把bc當做一個子問題，固定b，對c進行排列，c已經不能再分了，那就打印出abc；

2>又回到了b，b和下一個位置進行交換，即變為cb，在bc這個子問題中，該讓c變為第一個字元了，遞迴得到acb；
2>又回到了b，但是此時是c為第一個，所以我們需要，將b和c的位置換回去，因為當退回到a的時候，或者c後面還有d的時候，我們需要d固定到b的位置,bc進行排列，如果不換回bc的位置，那麼不會得到預期的結果，返回a時也一樣，如果不把bc換回bc那麼回到a之後，替換第一個位置的字元就變為了 c，此時字串是cab, 那麼又對ab進行排列，最後變為ba, 如果不換回位置的話，等返回到c的時候就變為了 cba, 那麼此時該把第三個字串固定到第一個位置了，豈不是又變成了abc?
所以，每次交換位置進行遞迴之後，需要還原位置；
文字描述比較抽象一點，需要自己進行在本子上一步步的推理，才能理解；

主要程式碼邏輯如下：

void printR(char*　str,int start, int len)
{
    if(start == len - 1)
    {
        //到達字串最後
        printf("%s , " ,str);
    }

    else
    {
        for(int i = start; i < len - 1; i++)
        {
            //讓後面的字元依次固定在第一個位置
            swap(str[start],str[i]);
            printfR(str
 
,start+1,len);
            swap(str[start],str[i]);
            //最後恢復str的原樣；
        }
    }
}

void Print(char* str)
{
    if(str == NULL)
        return;
    printfR(str,0,strlen(str)); //遞迴函式
}

–解法二：
熟悉STL的話，你可以在STL裡找到一個next_permutation 函式；
如果你輸入一段字串（注意，引數其實是迭代器），那麼它會按返回這個字串的下一個組合，但是必須是有序的，所以使用之前我們得排一次序，也就說明了使用的限制。具體解釋看STL原始碼剖析P380；

使用如下：

void Print(char *str)
{
    int len = strlen(str);
    sort(str,str+len);
    do{
        printf("%s ,",str);
    }while(next_permutation(str,str+len));
}