Codeforces55D_Beautiful numbers_記憶化搜尋版數位DP
阿新 • • 發佈:2019-02-10
題意
求 [a, b] 中滿足以下條件的數字的個數:
這個數字能被它各個位上的非零數字整除。
思路
數位dp。
dp第一維引數自然是位數。
這個數字能整除各個位上的數字,也就是能整除它們的最小公倍數,第二維引數便是前 i 維數字的最小公倍數。
因為要考察這個數字能否整除這個最小公倍數,因此第三位引數是這個數的值。
這樣就寫出了狀態 dp[i][j][k],但是後兩維的規模是在太大,MLE 成狗。
考慮到 1 ~ 9 的最小公倍數是 2520 ,因此第三位只需要維護 %2520 下的值即可。
於是此時的規模變成 dp[20][2520][2520], 還是太大。
又考慮到,1 ~ 9 的最小公倍數並不是 2520 個,實際上這個數字只有 48。因此可以利用雜湊將第二維離散化,於是規模變成了 dp[20][50][2520]。至此這個題解決。
題目連結
AC程式碼
#include<cstdio>
#include<iostream>
#include<cstring>
using namespace std;
typedef long long LL;
const int maxlcm = 2520;
int t;
LL a, b;
int A[25];
int Hash[2525];
LL dp[25][55][2525];
int gcd(int a, int b)
{
return b == 0 ? a : gcd(b, a % b);
}
int Lcm(int a, int b)
{
return a / gcd(a, b) * b;
}
LL dfs(int p, int lcm, int num, bool ceil)
{
if(p == 0) return num % lcm == 0;
if(!ceil && dp[p][Hash[lcm]][num] != -1) return dp[p][Hash[lcm]][num];
LL res = 0;
int ub = ceil ? A[p] : 9;
for(int i= 0; i<= ub; i++)
{
int new_lcm = i ? Lcm(lcm, i) : lcm;
int new_num = (num * 10 + i) % maxlcm;
res += dfs(p - 1, new_lcm, new_num, ceil && i == ub);
}
if(!ceil) dp[p][Hash[lcm]][num] = res;
return res;
}
LL solve(LL x)
{
int len = 0;
while(x)
{
A[++ len] = x % 10;
x /= 10;
}
return dfs(len, 1, 0, true);
}
int main()
{
int len = 0;
for(int i= 1; i<= maxlcm; i++)
if(maxlcm % i == 0) Hash[i] = len ++;
memset(dp, -1, sizeof dp);
scanf("%d", &t);
while(t --)
{
scanf("%lld %lld", &a, &b);
cout << solve(b) - solve(a - 1) << endl;
}
return 0;
}