題目

給出一個數組A，經過一次處理，生成一個數組S，數組S中的每個值相當於數組A的累加，比如：A = {1 3 5 6} => S = {1 4 9 15}。如果對生成的數組S再進行一次累加操作，{1 4 9 15} => {1 5 14 29}，現在給出數組A，問進行K次操作後的結果。(輸出結果 Mod 10^9 + 7)

分析

發現，每次處理相當於將A卷上一個\(I(\forall a_i=1)\)
於是機智的我在wiki又發現狄利克雷卷積滿足交換律（我居然才知道）
於是快速冪咯，時間復雜度\(O(nlog^2n)\)，常數巨大，在51nod的老爺機上根本過不了。
然後就TLE得一塌糊塗。

#include <cmath>
#include <iostream>
#include <cstdio>
#include <cstdlib>
#include <cstring>
#include <algorithm>
#include <queue>
#include <map>
#include <bitset>
#include <set>
const int maxlongint=2147483647;
const long long mo=1e9+7;
const int N=200005;
using namespace std;
long long mod[3]={469762049,998244353,1004535809},M=mod[0]*mod[1],W[3][N];
long long f[3][N],g[3][N],v[3][N],v_[N],jc[3][N],ny[3][N],inv[N];
int n,m,fn;
long long poww(long long x,long long y,int z)
{
    long long s=1;
    x%=mod[z];
    for(;y;x=x*x%mod[z],y>>=1)
        if(y&1) s=s*x%mod[z];
    return s;
}
long long mul(long long x,long long y,long long mo)
{
    long long s=0;
    x%=mo;
    for(;y;x=(x+x)%mo,y>>=1)
        if(y&1) s=(s+x)%mo;
    return s;
}
void NTT(long long *f,int type,int z)
{
    for(int i=0,p=0;i<fn;i++)
    {
        if(i<p) swap(f[i],f[p]);
        for(int j=fn>>1;(p^=j)<j;j>>=1);
    }
    for(int i=2;i<=fn;i<<=1)
    {
        int half=i>>1,pe=fn/i;
        for(int j=0;j<half;j++)
        {
            long long w=!type?W[z][j*pe]:W[z][fn-j*pe];
            for(int k=j;k<fn;k+=i)
            {
                long long x=f[k],y=f[k+half]*w%mod[z];
                f[k]=(x+y)%mod[z],f[k+half]=(x-y+mod[z])%mod[z];
            }
        }
    }
    if(type)
    {
        long long ni=poww(fn,mod[z]-2,z);
        for(int i=0;i<fn;i++) f[i]=f[i]*ni%mod[z];
    }
}
long long CRT(long long a0,long long a1,long long a2)
{
    long long n0=poww(mod[1],mod[0]-2,0),n1=poww(mod[0],mod[1]-2,1);
    long long A=(mul(a0*mod[1]%M,n0%M,M)+mul(a1*mod[0]%M,n1%M,M))%M,n2=poww(M%mod[2],mod[2]-2,2);
    long long k=(a2-A)%mod[2]*n2%mod[2];
    k=(k%mod[2]+mod[2])%mod[2];
    return (k%mo*(M%mo)%mo+A)%mo;
}
int main()
{
    scanf("%d%d",&n,&m);
    for(fn=1;fn<=n*2+2;fn<<=1);
    inv[0]=inv[1]=1;
    for(int i=2;i<=fn;i++) inv[i]=(-(mo/i)*inv[mo%i]%mo+mo)%mo;
    for(int i=0;i<n;i++) scanf("%lld",&f[0][i]),f[1][i]=f[2][i]=f[0][i];
    for(int j=0;j<3;j++)
    {
        W[j][0]=1,W[j][1]=poww(3,(mod[j]-1)/fn,j);
        for(int i=2;i<=fn;i++) W[j][i]=W[j][i-1]*W[j][1]%mod[j];
        for(int i=0;i<n;i++) v[j][i]=1;
        g[j][0]=1;
        for(int i=1;i<n;i++) g[j][i]=g[j][i-1]*(i+m-1)%mo*inv[i]%mo;
    }
    for(int j=0;j<3;j++)
    {
        NTT(f[j],0,j),NTT(g[j],0,j);
        for(int i=0;i<fn;i++) f[j][i]=f[j][i]*g[j][i]%mod[j];
        NTT(f[j],1,j);
    }
    for(int i=0;i<n;i++) printf("%lld\n",CRT(f[0][i],f[1][i],f[2][i]));
}
 

51nod 1172 Partial Sums V2