傳送門

把所有學校的關系構成一個圖，顯然一個強聯通分量的所有學校只要有一個有新軟件，其他學校也都會有

考慮縮點，發現入度為 0 的塊一定要給，因為沒有其他人給它

入度不為 0 的塊一定有其他人給，我們只要給 能給它的塊 提供軟件就可以了

所以就是入度為 0 的塊一定給，不為 0 的塊一定不用給

子任務A就是求出入度為 0 的塊的數量

然後考慮子任務B

顯然出度為 0 的塊一定要連邊出去，入度為 0 的塊也一定要有邊連過來

所以出度為 0 的塊連給誰呢，當然給入度為 0 的塊

所以就是求 出度為 0 的塊數量 和 入度為 0 的塊的數量的較大值

當然別忘了特判整個圖本身就是聯通塊的情況

#include<iostream>
#include
 
<cstdio>
#include<cstring>
#include<algorithm>
#include<cmath>
using namespace std;
inline int read()
{
    int x=0,f=1; char ch=getchar();
    while(ch<‘0‘||ch>‘9‘) { if(ch==‘-‘) f=-1; ch=getchar(); }
    while(ch>=‘0‘&&ch<=‘9‘) { x=(x<<1)+(x<<3
 
)+(ch^48); ch=getchar(); }
    return x*f;
}
const int N=1007;
int n;
int fir[N],from[N<<1],to[N<<1],cntt;
inline void add(int &a,int &b)
{
    from[++cntt]=fir[a];
    fir[a]=cntt; to[cntt]=b;
}

//Tarjan模板
int dfs_clock,dfn[N],low[N],st[N],Top;
int bel[N],tot;//存每個點屬於哪個塊
 

void Tarjan(int x)
{
    dfn[x]=low[x]=++dfs_clock; st[++Top]=x;
    for(int i=fir[x];i;i=from[i])
    {
        int &v=to[i];
        if(!dfn[v]) Tarjan(v),low[x]=min(low[x],low[v]);
        else if(!bel[v]) low[x]=min(low[x],dfn[v]);
    }
    if(low[x]==dfn[x])
    {
        tot++;
        while(st[Top]!=x) { bel[st[Top]]=tot; Top--; }
        bel[x]=tot; Top--;
    }
}
int in[N],out[N],ans1,ans2;//入度，出度，入度為0的數量和出度為0的數量
inline void build()//計算in,ouw,ans1,ans2
{
    for(int i=1;i<=n;i++)
        for(int j=fir[i];j;j=from[j])
        {
            int &t=to[j];
            if(bel[i]==bel[t]) continue;//同塊內不考慮
            out[bel[i]]++; in[bel[t]]++;
        }
    for(int i=1;i<=tot;i++)
    {
        if(!in[i]) ans1++;
        if(!out[i]) ans2++;
    }
}

int main()
{
    int a;
    n=read();
    for(int i=1;i<=n;i++)
    {
        a=read();
        while(a) add(i,a),a=read();
    }
    for(int i=1;i<=n;i++) if(!bel[i]) Tarjan(i);
    build();
    if(tot==1) printf("%d\n%d",1,0);//特判
    else printf("%d\n%d",ans1,max(ans1,ans2));
    return 0;
}

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