PAT L2-020 功夫傳人
阿新 • • 發佈：2019-03-28
師傅 功夫 -html str vector 有序 並且 step [1]
https://pintia.cn/problem-sets/994805046380707840/problems/994805059118809088
一門武功能否傳承久遠並被發揚光大，是要看緣分的。一般來說，師傅傳授給徒弟的武功總要打個折扣，於是越往後傳，弟子們的功夫就越弱…… 直到某一支的某一代突然出現一個天分特別高的弟子（或者是吃到了靈丹、挖到了特別的秘笈），會將功夫的威力一下子放大N倍 —— 我們稱這種弟子為“得道者”。
這裏我們來考察某一位祖師爺門下的徒子徒孫家譜：假設家譜中的每個人只有1位師傅（除了祖師爺沒有師傅）；每位師傅可以帶很多徒弟；並且假設輩分嚴格有序，即祖師爺這門武功的每個第i
i-1代傳人中拜1個師傅。我們假設已知祖師爺的功力值為Z，每向下傳承一代，就會減弱r%，除非某一代弟子得道。現給出師門譜系關系，要求你算出所有得道者的功力總值。
輸入格式：
輸入在第一行給出3個正整數，分別是：N（≤）——整個師門的總人數（於是每個人從0到N−1編號，祖師爺的編號為0）；Z——祖師爺的功力值（不一定是整數，但起碼是正數）；r ——每傳一代功夫所打的折扣百分比值（不超過100的正數）。接下來有N行，第i行（,）描述編號為i的人所傳的徒弟，格式為：
K?i?? ID[1] ID[2] ? ID[K?i??]
其中K?i??是徒弟的個數，後面跟的是各位徒弟的編號，數字間以空格間隔。K?i??為零表示這是一位得道者，這時後面跟的一個數字表示其武功被放大的倍數。
輸出格式：
在一行中輸出所有得道者的功力總值，只保留其整數部分。題目保證輸入和正確的輸出都不超過1。
輸入樣例：
10 18.0 1.00
3 2 3 5
1 9
1 4
1 7
0 7
2 6 1
1 8
0 9
0 4
0 3
輸出樣例：
404代碼：
#include <bits/stdc++.h>
using namespace std;
const int maxn = 1e5 + 10;
int N;
double Z, R;
int cnt = 0, root;
int large[maxn], see[maxn], vis[maxn], lar[maxn];
vector<int> v[maxn];
int depth[maxn];
double Pow(double a, int b) {
double ans1 = 1.0;
while(b) {
if(b % 2) {
ans1 = ans1 * a;
b --;
} else {
a = a * a;
b /= 2;
}
}
return ans1;
}
void dfs(int st, int step) {
if(v[st].size() == 0) {
depth[st] = step;
return ;
}
for(int i = 0; i < v[st].size(); i ++) {
if(!vis[v[st][i]]) {
vis[v[st][i]] = 1;
dfs(v[st][i], step + 1);
vis[v[st][i]] = 0;
}
}
}
int main() {
memset(see, 0, sizeof(see));
memset(vis, 0, sizeof(vis));
scanf("%d%lf%lf", &N, &Z, &R);
for(int i = 0; i < N; i ++) {
int K, x;
scanf("%d", &K);
if(K == 0) {
scanf("%d", &x);
large[cnt ++] = i;
lar[i] = x;
} else {
for(int k = 0; k < K; k ++) {
scanf("%d", &x);
see[x] = 1;
v[i].push_back(x);
}
}
}
root = 0;
while(see[root]) root ++;
dfs(root, 0);
double sum = 0;
R /= 100;
R = 1 - R;
for(int i = 0; i < cnt; i ++) {
int mi = depth[large[i]];
sum += (Z * Pow(R, mi) * lar[large[i]]);
}
printf("%d\n", (int)sum);
return 0;
}
要用快速冪 否則會超時 哭唧唧 晚安安了
FH
PAT L2-020 功夫傳人