洛谷P3235 [HNOI2014]江南樂(Multi-SG)
題目描述
小A是一個名副其實的狂熱的回合制遊戲玩家。在獲得了許多回合制遊戲的世界級獎項之後,小A有一天突然想起了他小時候在江南玩過的一個回合制遊戲。
遊戲的規則是這樣的,首先給定一個數F,然後遊戲系統會產生T組遊戲。每一組遊戲包含N堆石子,小A和他的對手輪流操作。每次操作時,操作者先選定一個不小於2的正整數M (M是操作者自行選定的,而且每次操作時可不一樣),然後將任意一堆數量不小於F的石子分成M堆,並且滿足這M堆石子中石子數最多的一堆至多比石子數最少的一堆多1(即分的盡量平均,事實上按照這樣的分石子萬法,選定M和一堆石子後,它分出來的狀態是固定的)。當一個玩家不能操作的時候,也就是當每一堆石子的數量都嚴格小於F時,他就輸掉。(補充:先手從N堆石子中選擇一堆數量不小於F的石子分成M堆後,此時共有N+M-1)堆石子,接下來小A從這N+M-1堆石子中選擇一堆數量不小於F的石子,依此類推。
小A從小就是個有風度的男生,他邀請他的對手作為先手。小A現在想要知道,面對給定的一組遊戲,而且他的對手也和他一樣聰明絕頂的話,究竟誰能夠獲得勝利?
輸入輸出格式
輸入格式:
輸入第一行包含兩個正整數T和F,分別表示遊戲組數與給定的數。 接下來T行,每行第一個數N表示該組遊戲初始狀態下有多少堆石子。之後N個正整數,表示這N堆石子分別有多少個。
輸出格式:
輸出一行,包含T個用空格隔開的0或1的數,其中0代表此時小A(後手)會勝利,而1代表小A的對手(先手)會勝利。
輸入輸出樣例
輸入樣例#1: 復制4 3 1 1 1 2 1 3 1 5輸出樣例#1: 復制
0 0 1 1
說明
對於100%的數據,T<100,N<100,F<100000,每堆石子數量<100000。
以上所有數均為正整數。
黑題不好惹。。
暴力比較好寫,直接枚舉$m$
分堆時肯定是先$\frac{n}{i}$堆,此時會剩下$n \mod i$個石子,將這些石子平均分回去
這樣就會有$n \mod i$個堆大小為$\frac{n}{i}+1$
有$i-n \mod i$個堆大小為$\frac{n}{i}$
但是$O(n*m)$是過不了的。
不難發現$\frac{n}{i}$只有$\sqrt{n}$種取值,觀察發現(神TM能觀察出來),每種取值對答案的貢獻只有$i$和$i+1$兩種
然後暴力的算一算就好啦
// luogu-judger-enable-o2 #include<cstdio> #include<cstring> #include<algorithm> const int MAXN=100001; inline int read() { char c=getchar();int x=0,f=1; while(c<‘0‘||c>‘9‘){if(c==‘-‘)f=-1;c=getchar();} while(c>=‘0‘&&c<=‘9‘){x=x*10+c-‘0‘;c=getchar();} return x*f; } int N,S[MAXN],SG[MAXN];//遊戲可以看做是每個位置獨立進行的 int a[MAXN],F; int GetSG(const int now) { if(~SG[now]) return SG[now]; if(now<F) return SG[now]=0; SG[now]=0; for(int i=2;i<=now;i=now/(now/i)+1 )//枚舉每個取值 { for(int j=i;j<=std::min(i+1,now);j++)//觀察發現只有兩種不同的貢獻 { int ans=0; if((now%j)&1) ans=ans^GetSG(now/j+1); if((j-now%j)&1) ans=ans^GetSG(now/j); S[ans]=now; } } while(S[SG[now]]==now) SG[now]++;//這裏有個小優化 return SG[now]; } int main() { #ifdef WIN32 freopen("a.in","r",stdin); #else #endif int QWQ=read(); F=read(); memset(SG,-1,sizeof(SG)); while(QWQ--) { int N=read(); for(int i=1;i<=N;i++) a[i]=read(); int ans=0; for(int i=1;i<=N;i++) ans=ans^GetSG(a[i]); if(ans==0) printf("0 "); else printf("1 "); } return 0; }
洛谷P3235 [HNOI2014]江南樂(Multi-SG)