連連看
Time Limit: 20000/10000 MS (Java/Others)    Memory Limit: 65536/32768 K (Java/Others)
Total Submission(s): 27040    Accepted Submission(s): 6722

Problem Description
“連連看”相信很多人都玩過。沒玩過也沒關係，下面我給大家介紹一下游戲規則：在一個棋盤中，放了很多的棋子。如果某兩個相同的棋子，可以通過一條線連起來（這條線不能經過其它棋子），而且線的轉折次數不超過兩次，那麼這兩個棋子就可以在棋盤上消去。不好意思，由於我以前沒有玩過連連看，諮詢了同學的意見，連線不能從外面繞過去的，但事實上這是錯的。現在已經釀成大禍，就只能將錯就錯了，連線不能從外圍繞過。
玩家滑鼠先後點選兩塊棋子，試圖將他們消去，然後遊戲的後臺判斷這兩個方格能不能消去。現在你的任務就是寫這個後臺程式。
 

Input
輸入資料有多組。每組資料的第一行有兩個正整數n,m(0<n<=1000,0<m<1000)，分別表示棋盤的行數與列數。在接下來的n行中，每行有m個非負整數描述棋盤的方格分佈。0表示這個位置沒有棋子，正整數表示棋子的型別。接下來的一行是一個正整數q(0<q<50)，表示下面有q次詢問。在接下來的q行裡，每行有四個正整數x1,y1,x2,y2,表示詢問第x1行y1列的棋子與第x2行y2列的棋子能不能消去。n=0,m=0時，輸入結束。
注意：詢問之間無先後關係，都是針對當前狀態的！
 

Output
每一組輸入資料對應一行輸出。如果能消去則輸出"YES",不能則輸出"NO"。
 

Sample Input
3 4 1 2 3 4 0 0 0 0 4 3 2 1 4 1 1 3 4 1 1 2 4 1 1 3 3 2 1 2 4 3 4 0 1 4 3 0 2 4 1 0 0 0 0 2 1 1 2 4 1 3 2 3 0 0
 

Sample Output
YES NO NO NO NO YES
 
分析:一道基礎的bfs，由於有轉彎次數的限制，本萌新就選擇了優先佇列＋bfs的方式水之，轉彎次數少的優先出隊，應該能大大減少時間，且也不會出現discuss裡因為方向順序的問題出現wa.(不知道為什麼貼的程式碼老是亂碼)

#include <iostream>
#include 
 
<cstdio>
#include <cstring>
#include <cmath>
#include <cstdlib>
#include <algorithm>
#include <string>
#define PRnode(q) priority_queue<node> q
#include <queue>
#define INF 0x3f3f3f3f
#define CSH(a, b) memset(a, (b), sizeof(a))
using namespace std;
int s[1002][1002];
struct node
{
    int x;
    int y;
    int num;
    int ff;
    bool operator < (const node &a) const
    {
        return num>a.num;//小值優先
    }
};
int dir[4][2]={1,0,0,1,0,-1,-1,0};
int vis[1002][1002];
int main()
{
    int n,m;
    while(~scanf("%d%d",&n,&m)&&n+m)
    {
        for(int i=1;i<=n;i++)
            for(int j=1;j<=m;j++)
            {
                scanf("%d",&s[i][j]);
            }
        int t;
        scanf("%d",&t);
        while(t--)
        {
            node a,b;
            scanf("%d%d%d%d",&a.x,&a.y,&b.x,&b.y);
            if((s[a.x][a.y]!=s[b.x][b.y])||s[a.x][a.y]==0||s[b.x][b.y]==0)
            {
                printf("NO\n");
                continue;
            }
            CSH(vis,0);
            int flag=0;
            a.num=-1;
            a.ff=-1;
            vis[a.x][a.y]=1;
            PRnode(q);
            while(!q.empty())
            {
                q.pop();
            }
            q.push(a);
            while(!q.empty())
            {
                node c;
                c=q.top();
                q.pop();
                for(int i=0;i<4;i++)
                {
                    node d;
                    d.x=c.x+dir[i][0];
                    d.y=c.y+dir[i][1];
                    if(c.ff!=i)//判斷是否轉彎，這題比較難的也就這了
                    {
                        d.ff=i;
                        d.num=c.num+1;
                    }
                    else
                    {
                        d.ff=c.ff;
                        d.num=c.num;
                    }
                    if(d.num>2)
                    {
                        continue;
                    }
                    if((s[d.x][d.y]==0||(s[d.x][d.y]==s[b.x][b.y]&&d.x==b.x&&d.y==b.y))&&d.x>=1&&d.x<=n&&d.y>=1&&d.y<=m&&!vis[d.x][d.y])
                    {
                        vis[d.x][d.y]=1;
                        if(d.x==b.x&&d.y==b.y&&d.num<=2)
                        {
                            flag=1;
                            break;
                        }
                        q.push(d);
                    }
                }
                if(flag)
                {
                    break;
                }
            }
            flag?printf("YES\n"):printf("NO\n");
        }
    }
}