LightOJ1236->算術基本定理
算術基本定理的應用
題意:找出對於整數對(i,j),他們的lcm為n,這樣的整數對有多少。
思路:比如24=2^3*3^1: (1)如果一個數完整地包含了3^1但是沒有完整地包含2^3(一個數x完整地包含某個質因數p及其出現的次數t,指x可以被p^t整除),比如3,6,12,那麼另一個數必須完整地包含2^3,比如8,24。那麼此時有六種組合(3,8),(3,24),(6,8),(6,24),(12,8),(12,24) (2)若一個數完整地包含2^3但是沒有完整地包含3^1,比如8,那麼另一個數必須完整地包含3^1,比如3,6,12,24,此時有4個。 (3)若一個數完整地包含了2^3和3^1,比如24,那麼另一個數有(3+1)*(1+1)種可能,即1,2,3,4,6,8,12,24。假設lcm(X,Y)=M,分別分解X,Y,M
X=x1^a1*x2^a2...
Y=x1^b1*x2^b2..M=x1^c1*x2^c2..
因為是公倍數 所以質因數肯定要相同
那麼max(a1,b1)=c1...max(a2,b2)=c2。 當b1=c1的時候a1的取法是(c1+1)種,a1=c1是b1取法也是(c1+1)種,但是有兩個(c1,c1),所有對於每一個c1來說總的取法是(2*c1+1). 因為要求i<=j,所以最後結果去重一下,但是(n,n)只有一次,那麼解就是(ans+1)/2。
#include <stdio.h> #include <iostream> #include <string.h> using namespace std ; #define MAX 10000100 bool visit[MAX] ; long long prime[MAX / 10] ; int tot = 0 ; void doprime()//素數篩 { for(long long i = 2 ; i < MAX ; i ++) { if(! visit[i]) { prime[tot ++] = i ; for(long long j = i * i ; j < MAX ; j += i) visit[j] = true ; } } } int p[1000] ;//素因子 int a[1000] ;//素因子個數 int cnt ; void sbreak(long long n)//素因子分解 { memset(p , 0 , sizeof(p)) ; memset(a , 0 , sizeof(a)) ; cnt = 0 ; for(int i = 0 ;prime[i] * prime[i] <= n ; i ++) { if(n % prime[i] == 0) { p[cnt] = prime[i] ; while(n % prime[i] == 0) { a[cnt] ++ ; n /= prime[i] ; } cnt ++ ; } } if(n != 1) { p[cnt] = n ; a[cnt ++ ] = 1 ; } } int main() { int T ; long long num ; doprime() ; cin >> T ; for(int cas = 1 ; cas <= T ; cas ++) { cin >> num ; sbreak(num) ; long long ans = 1 ; for(int i = 0 ; i < cnt ; i ++) ans = ans * (a[i] * 2 + 1) ; ans = (ans + 1) / 2 ; printf("Case %d: %lld\n",cas,ans); } return 0; }
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