HDU- 6883 Coin Game (揹包)
阿新 • • 發佈:2020-09-06
HDU- 6883 Coin Game (揹包)
題意:
給你\(\mathit n\)個按鈕,每一個按鈕可以按三次,每一次可以得到的價值分別為\(a_i,b_i,a_i\)。
設\(f(i)\) 代表你可以按\(\mathit i\)次按鈕時得到的最大價值,
現在給定一個\(\mathit m\),讓你求$ f(1)⊕f(2)⊕f(3)⊕⋯⊕f(m)$。
思路:
對於每一個按鈕,因為想拿後面的收益就必須也要拿前面的,所以我們可以理解為:
花費成本分別為\(1,2,3\), 可以得到\(a_i,a_i+b_i,2*a_i+b_i\)。
又可以拆分為兩個物品,價值和成本分別是:
1、成本為\(\text 1\)
2、成本為 \(\text 2\), 價值為 \(a_i+b_i\)。
對這兩個物品的所有選擇組合(都不取,只取其中一個,都取)和對該按鈕的4種(0,1,2,3次)按的次數構成的成本和收益恰好相等。
那麼問題就轉化為\(2*n\)個物品的揹包問題,
簡單的貪心一下即可,
每一個狀態\(f(i)\) 最優的轉移一定是從\(f(i-1),f(i-2)\)中的一個轉移過來。
我們將物品按照成本分為兩類後降序排序,然後維護兩個下標進行轉移即可。
程式碼:
#include <iostream> #include <cstdio> #include <algorithm> #include <bits/stdc++.h> #define ALL(x) (x).begin(), (x).end() #define sz(a) int(a.size()) #define rep(i,x,n) for(int i=x;i<n;i++) #define repd(i,x,n) for(int i=x;i<=n;i++) #define pii pair<int,int> #define pll pair<long long ,long long> #define gbtb ios::sync_with_stdio(false),cin.tie(0),cout.tie(0) #define MS0(X) memset((X), 0, sizeof((X))) #define MSC0(X) memset((X), '\0', sizeof((X))) #define pb push_back #define mp make_pair #define fi first #define se second #define eps 1e-6 #define chu(x) if(DEBUG_Switch) cout<<"["<<#x<<" "<<(x)<<"]"<<endl #define du3(a,b,c) scanf("%d %d %d",&(a),&(b),&(c)) #define du2(a,b) scanf("%d %d",&(a),&(b)) #define du1(a) scanf("%d",&(a)); using namespace std; typedef long long ll; ll gcd(ll a, ll b) {return b ? gcd(b, a % b) : a;} ll lcm(ll a, ll b) {return a / gcd(a, b) * b;} ll powmod(ll a, ll b, ll MOD) { if (a == 0ll) {return 0ll;} a %= MOD; ll ans = 1; while (b) {if (b & 1) {ans = ans * a % MOD;} a = a * a % MOD; b >>= 1;} return ans;} ll poww(ll a, ll b) { if (a == 0ll) {return 0ll;} ll ans = 1; while (b) {if (b & 1) {ans = ans * a ;} a = a * a ; b >>= 1;} return ans;} void Pv(const vector<int> &V) {int Len = sz(V); for (int i = 0; i < Len; ++i) {printf("%d", V[i] ); if (i != Len - 1) {printf(" ");} else {printf("\n");}}} void Pvl(const vector<ll> &V) {int Len = sz(V); for (int i = 0; i < Len; ++i) {printf("%lld", V[i] ); if (i != Len - 1) {printf(" ");} else {printf("\n");}}} inline long long readll() {long long tmp = 0, fh = 1; char c = getchar(); while (c < '0' || c > '9') {if (c == '-') fh = -1; c = getchar();} while (c >= '0' && c <= '9') tmp = tmp * 10 + c - 48, c = getchar(); return tmp * fh;} inline int readint() {int tmp = 0, fh = 1; char c = getchar(); while (c < '0' || c > '9') {if (c == '-') fh = -1; c = getchar();} while (c >= '0' && c <= '9') tmp = tmp * 10 + c - 48, c = getchar(); return tmp * fh;} void pvarr_int(int *arr, int n, int strat = 1) {if (strat == 0) {n--;} repd(i, strat, n) {printf("%d%c", arr[i], i == n ? '\n' : ' ');}} void pvarr_LL(ll *arr, int n, int strat = 1) {if (strat == 0) {n--;} repd(i, strat, n) {printf("%lld%c", arr[i], i == n ? '\n' : ' ');}} const int maxn = 5000010; const int inf = 0x3f3f3f3f; /*** TEMPLATE CODE * * STARTS HERE ***/ #define DEBUG_Switch 0 const int threshold = 10000000; unsigned long long k1, k2; unsigned long long xorShift128Plus() { unsigned long long k3 = k1, k4 = k2; k1 = k4; k3 ^= (k3 << 23); k2 = k3 ^ k4 ^ (k3 >> 17) ^ (k4 >> 26); return k2 + k4; } int a[maxn]; int b[maxn]; void get(int n) { repd(i, 1, n) { a[i] = xorShift128Plus() % threshold + 1; b[i] = xorShift128Plus() % threshold + 1; } } int n, m; int main() { #if DEBUG_Switch freopen("C:\\code\\input.txt", "r", stdin); #endif //freopen("C:\\code\\output.txt","w",stdout); while (~scanf("%d %d %llu %llu", &n, &m, &k1, &k2)) { get(n); repd(i, 1, n) { b[i] += a[i]; } sort(a + 1, a + 1 + n, greater<int>() ); sort(b + 1, b + 1 + n, greater<int>() ); int pos[2] = {1, 1}; ll ans = 0ll; ll now = 0ll; // 我的這種處理方式會越到n+1位置訪問。 a[n + 1] = 0; b[n + 1] = 0; repd(i, 1, m) { if (pos[0] == 1)// 這時只能取成本為1的。 { now += a[pos[0]++]; } else { if (b[pos[1]] - a[pos[0] - 1] > a[pos[0]])// 判斷是否取成本為2的更優。 { now += b[pos[1]++] - a[--pos[0]]; } else { now += a[pos[0]++]; } } ans ^= now; } printf("%lld\n", ans ); } return 0; }